à mình ghi nhầm ở câu a , chứng minh BIO bằng CMO chứ ko phải BEO nha

\(x^2+y^2=325\)

<=>  \(\left(x+y\right)^2-2xy=325\)

Đặt:  \(x+y=a;\)\(xy=b\)Khi đó ta có:

\(a-b=155\)   (1)

và  \(a^2-2b=325\)

Từ (1) ta có:   \(b=a-155\) thay vào (2) ta được:

\(a^2-2\left(a-155\right)=325\)

giải ra tìm được:  \(\orbr{\begin{cases}a=5\\a=-3\end{cases}}\)  =>  \(\orbr{\begin{cases}a=5;b=-150\\a=-3;b=-158\end{cases}}\)

TH1:  \(\hept{\begin{cases}a=5\\b=-150\end{cases}}\) ,=>  \(\hept{\begin{cases}x+y=5\\xy=-150\end{cases}}\)

\(x^2+y^2=325\) 

<=>   \(\left(x-y\right)^2+2xy=325\)

<=>  \(\left(x-y\right)^2=325-2xy=625\)

<=>  \(\left|x-y\right|=25\)

=>  \(\left|x^3-y^3\right|=\left|\left(x-y\right)\left(x^2+y^2+xy\right)\right|=\left|x-y\right|\left(x^2+y^2+xy\right)=4375\)

TH2: bn tự lm tiếp nhé

\(a,M=1:\left(\frac{x^2+2}{x^3-1}+\frac{x+1}{x^2+x+1}-\frac{1}{x-1}\right)\)

\(=1:\left[\frac{x^2+2}{\left(x-1\right)\left(x^2+x+1\right)}+\frac{x+1}{x^2+x+1}+\frac{-1}{x-1}\right]\)

\(=1:\left[\frac{\left(x^2+2\right)+\left(x+1\right)\left(x-1\right)+\left(-1\right)\left(x^2+x+1\right)}{\left(x-1\right)\left(x^2+x+1\right)}\right]\)

\(=1:\left[\frac{x^2+2+x^2-1-x^2-x-1}{\left(x-1\right)\left(x^2+x+1\right)}\right]\)

\(=1:\left[\frac{x^2-x}{\left(x-1\right)\left(x^2+x+1\right)}\right]=1:\left[\frac{x\left(x-1\right)}{\left(x-1\right)\left(x^2+x+1\right)}\right]\)

\(=1:\frac{x}{x^2+x+1}=\frac{x^2+x+1}{x}\)

Giải các câu khác giúp mình với 

Câu hỏi của Đoàn Thanh Kim Kim - Toán lớp 7 - Học toán với OnlineMath

Em tham khảo ở link này nhé :)

Do a,b,c là độ dài các cạnh của tam giác nên luôn dương.

Do đó: \(VP>0\)

Nhân 2 vào mỗi vễ,điều cần c/m tương đương với: 

\(2a^2+2b^2+2c^2\ge2ab+2bc+2ca\)

\(\Leftrightarrow2a^2+2b^2+2c^2-2ab-2bc-2ca\ge0\)(Chuyển vế)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2+\left(b-c\right)^2+\left(c-a\right)^2\ge0\) (luôn đúng) (đpcm)

Dấu "=" xảy ra khi a = b = c

1. 

Ta có: \(\frac{2a+3b+3c+1}{2015+a}+\frac{3a+2b+3c}{2016+b}+\frac{3a+3b+2ac-1}{2017+c}\)

\(=\frac{b+c+4033}{2015+a}+\frac{c+a+4032}{2016+b}+\frac{a+b+4031}{2017+c}\)

Đặt \(\hept{\begin{cases}2015+a=x\\2016+b=y\\2017+c=z\end{cases}}\)

\(P=\frac{b+c+4033}{2015+a}+\frac{c+a+4032}{2016+b}+\frac{a+b+4031}{2017+c}\)

\(=\frac{y+z}{x}+\frac{z+x}{y}+\frac{x+y}{z}=\frac{y}{x}+\frac{z}{x}+\frac{z}{y}+\frac{x}{y}+\frac{x}{z}+\frac{y}{z}\)

\(\ge2\sqrt{\frac{y}{x}\cdot\frac{x}{y}}+2\sqrt{\frac{z}{x}\cdot\frac{x}{z}}+2\sqrt{\frac{y}{z}\cdot\frac{z}{y}}\left(Cosi\right)\)

Dấu "=" <=> x=y=z => \(\hept{\begin{cases}a=673\\b=672\\c=671\end{cases}}\)

Vậy Min P=6 khi a=673; b=672; c=671

Câu 1 thử cộng 3 vào P xem 

Rồi áp dụng BDT Cauchy - Schwars : a^2/x + b^2/y + c^2/z ≥(a + b + c)^2/(x + y + z)

\(2x^2+y^2+6=4\left(x-y\right)\)

\(\Rightarrow2x^2+y^2+6-4x+4y=0\)

\(\Rightarrow2x^2-4x+2+y^2+4y+4=0\)

\(\Rightarrow2\left(x-1\right)^2+\left(y+2\right)^2=0\)

Do VT ko âm

\(\Rightarrow\orbr{\begin{cases}x=1\\y=-2\end{cases}}\)

Bài này còn dễ hơn nữa

cho vào ành sáng mặt trời là ok

\(B=\frac{x^2}{\left(x+2000\right)^2}\ge0\forall x\)

Dấu "=" xảy ra \(\Leftrightarrow x=0\)