Đặt \(n_{H_2SO_4}=a\left(mol\right)\rightarrow n_{HCl}=3a\left(mol\right)\)

\(n_{NaOH}=0,05.0,5=0,025\left(mol\right)\)

PTHH:

\(H_2SO_4+2NaOH\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

a--------->2a

\(HCl+NaOH\rightarrow NaCl+H_2O\)

3a----->3a

\(\rightarrow2a+3a=0,025\\ \Leftrightarrow a=0,005\left(mol\right)\\ \rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(H_2SO_4\right)}=\dfrac{0,005}{0,1}=0,05M\\C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,005.3}{0,1}=0,15M\end{matrix}\right.\)

- \(nCH_2=CH_2\underrightarrow{t^o,p,xt}\left(-CH_2-CH_2-\right)_n\)

- \(CH_4+Cl_2\underrightarrow{as}CH_3Cl+HCl\)

- \(CH_2=CH_2+Br_2\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)

- \(CH\equiv CH+2Br_2\rightarrow CHBr_2-CHBr_2\)

- \(C_6H_{12}O_6+Ag_2O\underrightarrow{NH_3}C_6H_{12}O_7+2Ag\)

?

Đặt mol của FeO, Cu, Fe2O3 lần lượt là x, y, z (mol)

- Khi cho X phản ứng với HCl vừa đủ thu được dd Y gồm 2 chất tan → Y chứa FeCl2 và CuCl2

FeO + 2 HCl → FeCl2 + H2O

  x →                    x

Fe2O3 + 6 HCl → 2 FeCl3 + 3 H2O

    z →                        2z

2 FeCl3 + Cu → CuCl2 + 2 FeCl2

     2z  →   z  →    z →         2z

Vì Cu phản ứng vừa đủ với FeCl3 nên ta có z = y (1)

Dung dịch Y chứa FeCl2 (x + 2z mol) và CuCl2 (z mol)

- Khi cho dd Y tác dụng với AgNO3 dư:

FeCl2 + 3AgNO3 → 2AgCl   +     Ag + Fe(NO3)3

(x+2z) →                 2(x+2z) → (x+2z)

CuCl2 + 2AgNO3 → 2 AgCl + Cu(NO3)2

   z  →                            2z

⟹ mkết tủa AgCl, Ag = 143,5.(2x + 6z) + 108.(x + 2z) = 36,8 (2)

Y{FeCl2;CuCl2}+NaOHdu−−→↓{Fe(OH)2;Cu(OH)2}Nung−−→Chatran{Fe2O3;CuO}Y{FeCl2;CuCl2}→+NaOHdu↓{Fe(OH)2;Cu(OH)2}→NungChatran{Fe2O3;CuO}

Bảo toàn nguyên tố Fe ⟹ nFe2O3 = 1/2.nFeO + nFe2O3 = 0,5x + z (mol)

Bảo toàn nguyên tố Cu ⟹ nCuO = nCu = y (mol)

⟹ mchất rắn = 160.(0,5x + z) + 80y = 8 (3)

Giải hệ (1) (2) (3) được x = 0,025; y = 0,025; z = 0,025

⟹ m = 0,025.72 + 0,025.64 + 0,025.160 = 7,4 gam

- Mặt khác cho X phản ứng với H2SO4 đặc:

Quá trình trao đổi e:

Fe+2 → Fe+3 + 1e                        S+6 + 2e → S+4 (SO2)

Cu0 → Cu+2 + 2e

Áp dụng bảo toàn e: nFeO + 2nCu = 2nSO2 ⇔ 0,025 + 2.0,025 = 2.nSO2 ⇔ nSO2 = 0,0375 mol

⟹ V = 0,0375.22,4 = 0,84 lít

(CxHyCOO)3C3H5+3H2O-h+->3CxHyCOOH+C3H5(OH)3

C12H22O11+H2O-tp->C6H12O6+C6H12O6

 (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6

Peptit (n mắt xích) + (n – 1)H2O + aHCl → n muối của ∝-amino axit

bjb

a)Dẫn hỗn hợp khí qua dung dịch brom dư, sau đó dẫn qua Ca(oH)2khí etilen phản bị giữ lại. Khí thoát ra là CH4

C2H4+Br2->C2H4Br2

CO2+Ca(oH)2->CaCO3+H2O

c)

Dẫn lần lượt từng khí qua dd Ca(OH)2 dư, khí nào tạo kết tủa trắng là CO2:

CO2 + Ca(OH)2 -> CaCO3↓ + H2O

2 khí còn lại cho qua Br2 dư, khí nào làm dd Br2 mất màu là C2H4:

C2H4 + Br2 -> C2HBr2

-> khí còn lại là CH4, H2

-Ta cho qua CuO

-H2 có kính khử hỗn hợp kim loại 

- còn lại là CH4

CuO+H2-to>Cu+H2O

92 g rượu Etylic nha

\(a,n_{C_2H_5OH}=\dfrac{92}{46}=2\left(mol\right)\)

PTHH: C₆H₁₂O₆ --men rượu--> 2C₂H₅OH + 2CO₂

                  1<-------------------------2

=> \(m_{C_6H_{12}O_6}=1.180=180\left(g\right)\)

b, D_rượu = ?

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{2,3}{46}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH: C₂H₅OH + 3O₂ --t^o--> 2CO₂ + 3H₂O

              0,05----------------->0,1

=> m_CO2 = 0,1.44 = 4,4 (g)

a) PTHH \(C_2H_5OH+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+3H_2O\)

b) Khối lượng mol của rượu etylic là \(M_{etylic}=2M_C+5M_H+M_O+M_H=2.12+5.1+16+1=46\left(g/mol\right)\)

Số mol rượu etylic tham gia phản ứng là \(n_{etylic}=\dfrac{m_{etylic}}{M_{etylic}}=\dfrac{2,3}{46}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH \(C_2H_5OH+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+3H_2O\)

TL mol      1         :    3   :      2     :     3

pứ mol     0,05     :    ?   :      ?     :      ?

\(\Rightarrow n_{CO_2}=0,1\left(mol\right)\)

Khối lượng mol của CO₂ là \(M_{CO_2}=M_C+2M_O=12+2.16=44\left(g/mol\right)\)

Khối lượng CO₂ hình thành là \(m_{CO_2}=n_{CO_2}.M_{CO_2}=0,1.44=4,4\left(g\right)\)

c) Dễ dàng tính được \(n_{O_2}=1,5\left(mol\right)\)

Thể tích khí oxi cần dùng là \(V_{O_2}=n_{O_2}.22,4=0,15.22,4=3,36\left(l\right)\)

Thể tích không khí cần dùng là \(V_{kk}=\dfrac{V_{O_2}.100\%}{21\%}=\dfrac{3,36.100}{21}=16\left(l\right)\)

-Trích mẫu thử và đánh số thứ tự:

-Lần lượt cho quỳ tím vào các mẫu thử:

+,Chuyển đỏ: $CH_3COOH$

+,Không chuyển màu: $C_2H_5OH$ ; $CH_3COOH$ $(1)$

-Cho mẫu $Na$ vào các mẫu thử $(1)$

+, Có xuất hiện khí: $C_2H_5OH$

+,Không hiện tượng: $CH_3COOH$

PTHH: $2C_2H_5OH$ + $2Na$ → $2C_2H_5ONa$+ $H_2$