phân hủy 20 tấn đá vôi ( CaCO3 ) thu được CO2 và CaO biết rằng thực tế có 15% đá vôi không bị phân hủy. Hẫy tính khối lượng và thể tích sản phẩm thu được
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
25 tháng 3 2021
Ta có: \(n_{H_2}=\frac{V}{22,4}=\frac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)
ptpứ: \(CuO+H_2\rightarrow Cu+H_2O\)
Theo ptpứ, ta có: \(n_{Cu}=\frac{1}{1}n_{H_2}=\frac{1}{1}.0,2=0,2\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{Cu}=n.M=0,2.64=12,8\left(g\right)\)
DP
25 tháng 3 2021
nhap link de co cau tra loi ban keo xuong cuoi trang moi co dap an nhe
https://news.doctinmoingay.com/yen-bai-treu-nhau-dan-den-xo-xat-nam-sinh-lop-8-dam-guc-ban-hoc-o-cong-truong-post1941257?utm_source=gtintuc&utm_medium=bigshare107758-1941257-3cef7193
PP
14
1 tháng 2 2022
Ví dụ có \(102gAl_2O_3\)
\(→m_{CO^{2-}_3}=102.8=816g\)
\(→m_{hh}=102+816=918g\)
\(\rightarrow\%m_{Al_2O_3}=\frac{102}{918}.100\%\approx11,11\%\)
1 tháng 2 2022
PTHH:
\(4M+O_2\rightarrow^{t^o}2M_2O\)
Trường hợp 1: M dư
\(n_{O_2}=\frac{0,56}{22,4}=0,025mol\)
\(\rightarrow n_M>n_{O_2}=0,025\)
\(\rightarrow M_M< \frac{4}{0,025}=160\left(1\right)\)
Trường hợp 2: \(O_2\) dư
\(n_{O_2}=\frac{0,69}{32}=0,215625mol\)
\(\rightarrow n_M< n_{O_2}=0,0215625\)
\(\rightarrow M_M>\frac{2}{0,0215625}\approx93\left(2\right)\)
Từ (1) và (2) \(\rightarrow93< M_M< 160\)
Mà \(M\left(I\right)\rightarrow M:Ag\)
Vậy M là bạc
Lúc M dư
\(\rightarrow n_{Ag_2O}=2n_{O_2}=0,05mol\)
\(\rightarrow m_{Ag_2O}=0,05.232=11,6g\)
Lúc \(O_2\) dư
\(\rightarrow n_{Ag_2O}=0,5n_M=0,5.\frac{2}{108}=\frac{1}{108}mol\)
\(\rightarrow m_{Ag_2O}=\frac{1}{108}.232=2,148g\)
Vậy a = 11 và b = 2,148
YN
14 tháng 4 2021
PTHH:
\(4M+O_2\rightarrow^{t^o}2M_2O\)
Đốt \(4gam\)\(M\)trong \(0,56l\)\(oxi\)
\(n_{O_2}=\frac{0,56}{22,4}=0,025mol\)
Vì \(M\)dư nên:
\(\frac{4}{4M}>0,025\)
\(\Leftrightarrow M< 40\) (1)
Đốt \(2gam\)\(M\)trong \(0,69gam\)\(oxi\)
\(n_{O_2}=\frac{0,69}{32}=0,0215625mol\)
Vì \(oxi\)dư nên:
\(\frac{2}{4M}< 0,0215625\)
\(\Leftrightarrow M>23\) (2)
Từ (1) và (2) => \(23< M< 40\)
Mà \(M\)là kim loại hóa trị I
\(\Rightarrow M\)là \(K\)
PTHH:
\(4K+O_2\rightarrow^{t^o}2K_2O\)
TN1:
\(n_{O_2}=0,025mol\)
\(\Rightarrow n_{K_2O}=0,025.2=0,05mol\)
\(\Rightarrow a=0,05.94=4,7gam\)
TN2:
\(n_K=\frac{2}{40}=0,05mol\)
\(\Rightarrow n_{K_2O}=\frac{0,05}{2}=0,025mol\)
\(\Rightarrow b=0,025.94=2,35gam\)
1 tháng 2 2022
a. \(n_P=\frac{6,2}{31}=0,2mol\)
\(V_{O_2}=V_{kk}.\frac{1}{5}=\frac{18,48}{5}=3,696l\)
\(n_{O_2}=\frac{3,696}{22,4}=0,165mol\)
PTHH: \(4P+5O_2\xrightarrow{t^o}2P_2O_5\)
Tỷ lệ \(\frac{0,2}{4}>\frac{0,165}{5}\)
Vậy P dư
\(n_{P\left(\text{phản ứng }\right)}=\frac{4}{5}n_{O_2}=0,132mol\)
\(n_{P\left(dư\right)}=0,2-0,132=0,068mol\)
\(\rightarrow m_{P\left(dư\right)}=0,068.31=2,108g\)
b. \(n_{P_2O_5}=\frac{2}{5}n_{O_2}=0,066mol\)
\(\rightarrow m_{P_2O_5}=0,066.142=9,372g\)
c. PTHH: \(2KClO_3\xrightarrow{t^o}2KCl+3O_2\)
\(n_{KClO_3}=\frac{2}{3}n_{O_2}=0,11mol\)
\(\rightarrow m_{KClO_3}=0,11.122,5=13,475g\)
Số đá vôi phân hủy:
\(20.\left(100\%-15\%\right)=17\)tấn
\(n_{CaCO_3}=\frac{m}{M}=\frac{17}{100}=0,17mol\)
\(CaCO_3\rightarrow^{t^o}CaO+CO_2\uparrow\)
\(n_{CaO}=n_{CaCO_3}=0,17mol\)
\(m_{CaO}=n.M=0,17.56=9,52\)tấn
\(V_{CO_2}=n.22,4=0,17.22,4=3,808\left(l\right)\)