Bài làm

\(2x-5+3\sqrt{2x}-1=0\)

\(\Leftrightarrow2x+3\sqrt{2x}-5-1=0\)

\(\Leftrightarrow2x+3\sqrt{2}-6=0\)

\(\Leftrightarrow(2x+3\sqrt{2x}-6)+6=6\)

\(\Leftrightarrow2x+3\sqrt{2x}-6+6=6\)

\(\Leftrightarrow2x+3\sqrt{2x}=6\)

\(\Leftrightarrow x\left(2+3\sqrt{2}\right)=6\)

\(\Leftrightarrow\frac{x\left(2+3\sqrt{2}\right)}{2+3\sqrt{2}}=\frac{6}{2+3\sqrt{2}}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{(3\sqrt{2}-2)\left(3\sqrt{2}+2\right)}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{3\sqrt{2}.3\sqrt{2}-3\sqrt{2}.2+2.3\sqrt{2}-2}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{3.3\sqrt{2.2}-3.2\sqrt{2}+6\sqrt{2}-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{3.3\sqrt{2^2}-6\sqrt{2}+6\sqrt{2}-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{3.3.2^{\frac{2}{2}}-6\sqrt{2}+6\sqrt{2}-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{3.3.2-6\sqrt{2}+6\sqrt{2}-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{18-6\sqrt{2}+6\sqrt{2}-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{-6\sqrt{2}+6\sqrt{2}+18-4}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{6\left(3\sqrt{2}-2\right)}{14}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{\left(2.3\right)\left(3\sqrt{2}-2\right)}{2.7}\)

\(\Leftrightarrow x=\frac{3\left(3\sqrt{2}-2\right)}{7}\)

Vậy x = \(\frac{3\left(3\sqrt{2}-2\right)}{7}\)

tách 3 thành 2 mũ 2    -1 nhé. xong áp dụng hằng đẳng thức số 2 là ra

=(2²-1)(2²+1)(2⁴+1)......(2⁶⁴+1)+1

=(2⁴-1)(2⁴+1).......(2⁶⁴+1)+1

.............................................

=2¹²⁸-1+1=2¹²⁸

học tốt!!!!!!!!!!

Giải: 

bài 1 :

Đặt \(x=4+a;y=5+b;z=6+c\) ( x,y,z \(\ge\)0 )

\(x^2+y^2+z^2=90\Leftrightarrow\left(4+a\right)^2+\left(5+b\right)^2+\left(6+c\right)^2=90\)

\(\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+8a+10b+12c=13\)

Ta có : \(\hept{\begin{cases}a^2+b^2+c^2\le\left(a+b+c\right)^2\\8a+10b+12c\le12\left(a+b+c\right)\end{cases}}\)

\(\Rightarrow13\le\left(a+b+c\right)^2+12\left(a+b+c\right)\)

\(\Rightarrow\left(a+b+c\right)^2+12\left(a+b+c\right)-13\ge0\)

\(\Rightarrow a+b+c\ge1\)

Từ đó suy ra \(x+y+z=4+a+5+b+6+c\ge16\)

Min H = 16 khi x = 4 ; y = 5 ; z = 7

bài 2 :

\(\hept{\begin{cases}a+b+c+d=0\\a^3+b^3+c^3+d^3=0\end{cases}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}a+b=-\left(c+d\right)\\\left(a+b\right)^3+\left(c+d\right)^3-3ab\left(a+b\right)-3cd\left(c+d\right)=0\left(1\right)\end{cases}}}\)

Từ ( 2 ) suy ra \(3ab\left(c+d\right)-3cd\left(c+d\right)=0\)\(\Rightarrow3\left(ab-cd\right)\left(c+d\right)=0\Rightarrow\orbr{\begin{cases}ab=cd\\c+d=0\left(dpcm\right)\end{cases}}\)

với \(ab=cd\Rightarrow\frac{a}{c}=\frac{d}{b}=\frac{a+d}{b+c}=\frac{-\left(b+c\right)}{b+c}=-1\)

\(\Rightarrow a=-c;d=-b\Rightarrow a+c=b+d=0\)( dpcm )

bài 3 : 

( hình câu a,b,c,d,e )

a) \(\Delta ABC\)nội tiếp ( O ) đường kính BC nên vuông tại A \(\Rightarrow\widehat{BAC}=90^o\)

Vì I đối xứng với H qua AB ; K đối xứng với H qua AC

\(\Rightarrow\Delta BIA=\Delta BHA\left(c.c.c\right)\)

\(\Rightarrow\widehat{BIA}=\widehat{BHA}=90^o;\widehat{IAB}=\widehat{HAB}\)

tương tự : \(\widehat{AHC}=\widehat{AKC}=90^o;\widehat{HAC}=\widehat{KAC}\)

Ta có : \(\widehat{IAK}=\widehat{IAH}+\widehat{HAK}=2\widehat{BAH}+2\widehat{HAC}=2\widehat{BAC}=180^o\)

suy ra I,A,K thẳng hàng

Ta có : AI = AK ( = AH ) nên A là trung điểm của IK

Dễ thấy BIKC là hình thang vuông có OA là đường trung bình nên \(OA//BI//KC\)nên OA \(\perp\)IK

suy ra IK là tiếp tuyến của ( O )

b) \(\frac{1}{BH^2}=\frac{1}{AB^2}+\frac{1}{AN^2}=\frac{AN^2+AB^2}{AB^2.AN^2}=\frac{BN^2}{AB^2.AN^2}\Leftrightarrow\left(BH.BN\right)^2=\left(AB.AN\right)^2\)

Cần chứng minh BH . BN = AB . AN

vì BN // AH nên \(\widehat{ABN}=\widehat{BAH}\)

\(\Rightarrow\Delta ABH~\Delta BNA\left(g.g\right)\Rightarrow\frac{AB}{BH}=\frac{BN}{AN}\Rightarrow BH.BN=AB.AN\)

\(\Rightarrow dpcm\)

c) Ta có : \(\hept{\begin{cases}OM\perp AB\\AB\perp AC\end{cases}\Rightarrow OM//AC}\)

\(\Delta BNC\)có BO = OC ; OM // NC nên NM = BM hay M là trung điểm của BN

Dễ thấy AEHF là hình chữ nhật nên EF đi qua trung điểm của AH  ( 1 ) 

Xét hình thang ANBH có M là trung điểm của BN ; NA và BH cắt tại C nên MC đi qua trung điểm của AH ( 2 )

Từ ( 1 ) và ( 2 ) suy ra MC,AH và EF đồng quy

d) \(S_{BIKC}=\frac{\left(BI+KC\right).IK}{2}=\frac{\left(BH+HC\right).\left(AI+AK\right)}{2}=\frac{BC.2AH}{2}=2R.AH\)

Để \(S_{BIKC}\)đạt giá trị lớn nhất thì AH max 

Mà AH \(\le R\)\(\Rightarrow S_{BIKC}\)đạt giá trị lớn nhất là \(2R^2\)khi A nằm chính giữa cung BC

e) Áp dụng các hệ thức lượng, ta có :

\(AH^2=BH.HC\); \(BH^2=BE.AB;HC^2=CF.AC;AH.BC=AB.AC\)

\(\Rightarrow AH^4=BH^2.HC^2=BE.AB.CF.AC=AH.BC.BE.CF\)

\(\Rightarrow AH^3=BE.CF.BC\)

Gọi vận tốc của người đi xe đạp lúc đầu là x(x>0)

Thời gian dự định đi hết quãng đường AB là : \(\frac{30}{x}\left(h\right)\)

Thời gian người đó đi hết nửa quãng đường đầu là : \(\frac{15}{x}\left(h\right)\)

Thời gian người đó đi hết nửa quãng đường sau là : \(\frac{15}{x+2}\left(h\right)\)

15 phút=\(\frac{1}{4}\)h Ta có: 

\(\frac{30}{x}=\frac{15}{x}+\frac{1}{4}+\frac{15}{x+2}\)

\(\Leftrightarrow\frac{15}{x}-\frac{15}{x+2}=\frac{1}{4}\)

\(\Leftrightarrow\frac{1}{x}-\frac{1}{x+2}=\frac{1}{60}\)

\(\Leftrightarrow\frac{2}{x\left(x+2\right)}=\frac{1}{60}\)

\(\Leftrightarrow x\left(x+2\right)=120\)

\(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}x=-12\\x=10\end{cases}\Rightarrow x=10}\)

cặc