Gọi số héc-ta rừng đội công nhân đó trồng theo kế hoạch mỗi tuần là \(x\left(ha\right),x>0\).

Theo kế hoạch thì trồng xong trong số tuần là: \(\frac{70}{x}\)(tuần)

Theo bài ra ta có phương trình: 

\(\left(\frac{70}{x}-2\right)\left(x+5\right)=75\)

\(\Rightarrow\left(70-2x\right)\left(x+5\right)=75x\)

\(\Leftrightarrow-2x^2-15x+350=0\)

\(\Leftrightarrow\orbr{\begin{cases}x=10\left(tm\right)\\x=-17,5\left(l\right)\end{cases}}\).

Vậy theo kế hoạch mỗi tuần đội công nhân đó trồng \(10ha\)rừng. 

sửa đề : \(A=\left(2+\frac{x-2\sqrt{x}+1}{1-\sqrt{x}}\right)\left(2+\frac{x+2\sqrt{x}+1}{\sqrt{x}+1}\right)\)ĐK : \(x\ge0;x\ne1\)

\(=\left(2-\frac{\left(\sqrt{x}-1\right)^2}{\sqrt{x}-1}\right)\left(2+\frac{\left(\sqrt{x}+1\right)^2}{\sqrt{x}+1}\right)\)

\(=\left(3-\sqrt{x}\right)\left(3+\sqrt{x}\right)=9-x\)

Đặt \(t=x+\frac{a+b}{2}\), \(u=\frac{a-b}{2}\).

Ta có: \(x+a=t+u,x+b=t-u\).

Phương trình tương đương với: 

\(\left(t+u\right)^4+\left(t-u\right)^4=c\)

\(\Leftrightarrow2t^4+12u^2t^2+2u^4-c=0\)

Đến đây ta giải phương trình trùng phương ẩn \(t\). 

a.
$I$ là trung điểm của $CD$ nên $OI \perp CD$.

$\Rightarrow \widehat{SIO} = 90^{\circ}$.

Mà $\widehat{SAO} = \widehat{SBO} = 90^{\circ}$.

Suy ra 5 điểm $S,A,I,O,B$ cùng thuộc đường tròn đường kính $SO$.

Ta có $\widehat{SAC} = \widehat{ADC}$ (cùng chắn cung AC).

Xét $\Delta SAC$ và $\Delta SDA$ có

$\widehat{S}$ chung;

$\widehat{SAC} = \widehat{ADC}$

$\Rightarrow \Delta SAC \sim \Delta SDA$ (g.g).

$\Rightarrow \dfrac{SA}{SD} = \dfrac{SC}{SA} \Rightarrow SA^2 = SC.SD.$

b. 

$\Delta SAO$ vuông tại $A$ có đường cao $AH$.

$\Rightarrow SA^2 = SH.SO$.

Từ câu a ta có $SH.SO = SC.SA = SA^2 \Rightarrow \dfrac{SH}{SD} = \dfrac{SC}{SO}$.

Xét $\Delta SCH$ và $\Delta SOD$ có

$\widehat{S}$ chung;

$\dfrac{SH}{SD} = \dfrac{SC}{SO}$

$\Rightarrow \Delta SCH \sim \Delta SOD$ (c.g.c).

$\Rightarrow \widehat{SCH} = \widehat{SOD}$ (hai góc tương ứng)

$\Rightarrow CHOD$ nội tiếp.

c.

Ta có $AD // SB$, $OB \perp SB \Rightarrow OB \perp AD.$

Mà đường kính thì đi qua trung điểm day cung nên $BO$ đi qua trung điểm của AD. (1)

Áp dụng định lí Talet với $AD // SB$, $E = AB \cap SD$ và $F = ME \cap AD$.

$\Rightarrow \dfrac{FD}{SM} = \dfrac{ED}{SE} = \dfrac{AD}{SB} \Rightarrow \dfrac{SM}{SB} = \dfrac{FD}{AD} \Rightarrow F$ là trung điểm của $AD$.

Mà theo (1)  $BO$ đi qua trung điểm $F$ của $AD$ nên ba điểm $B,O,F$ thẳng hàng.

\(\sqrt{a}-\sqrt{b}< \sqrt{a-b}\)

\(\Leftrightarrow\left(\sqrt{a}-\sqrt{b}\right)^2< a-b\)(vì \(a>b>0\))

\(\Leftrightarrow a+b-2\sqrt{ab}-a+b< 0\)

\(\Leftrightarrow b-\sqrt{ab}< 0\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{b}\left(\sqrt{b}-\sqrt{a}\right)< 0\)

\(\Leftrightarrow\sqrt{b}-\sqrt{a}< 0\)

Bất đẳng thức cuối cùng đúng do \(a>b>0\)mà ta biến đổi tương đương nên bất đẳng thức cần chứng minh cũng đúng. 

a) \(\widehat{AMO}=\widehat{AIO}=90^o\) nên \(M\)và \(I\)cùng nhìn \(AO\)dưới góc \(90^o\)nên \(AMOI\)nội tiếp. 

b) \(OM=ON\)nên \(O\)thuộc đường trung trực của \(MN\)

\(AM=AN\)nên \(A\)thuộc đường trung trực của \(MN\)

nên \(AO\)là trung trực của \(MN\)nên \(AO\perp MN\).

Tam giác \(AMO\)vuông tại \(M\)đường cao \(MK\)nên

\(AM^2=AK.AO\).

Thử lại.

Với \(a-3b=1\Leftrightarrow a=3b+1\):

\(4a+1=12b+5\).

Đặt \(d=\left(12b+5,4b-1\right)\)

Suy ra \(\hept{\begin{cases}12b+5⋮d\\4b-1⋮d\end{cases}}\Rightarrow12b+5-3\left(4b-1\right)=8⋮d\Leftrightarrow d\inƯ\left(8\right)\)mà \(d\)lẻ nên \(d=1\).

\(a+b=3b+1+b=4b+1\)

\(16ab+1=16b\left(3b+1\right)=48b^2+16b+1=\left(12b+1\right)\left(4b+1\right)⋮\left(4b+1\right)\)

Do đó thỏa mãn. 

Trường hợp còn lại tương tự, và cũng thỏa mãn. 

Ta có: 

\(\left(4a+1,4b-1\right)=1\Leftrightarrow\left(4a+1,4a+4b\right)=1\Leftrightarrow\left(4a+1,a+b\right)=1\)

\(\left(a+b\right)|\left(16ab+1\right)\Leftrightarrow\left(a+b\right)|\left(16ab+4a+4b+1\right)\Leftrightarrow\left(a+b\right)|\left(4a+1\right)\left(4b+1\right)\)

\(\Leftrightarrow\left(a+b\right)|\left(4b+1\right)\)(1)

\(16ab+1=16a\left(b+a\right)-16a^2+1=16a\left(a+b\right)-\left(4a-1\right)\left(4a+1\right)\)

\(\Rightarrow\left(a+b\right)|\left(4a-1\right)\)(2)

lại có: \(\left(4a-1\right)+\left(4b+1\right)=4\left(a+b\right)\)mà \(a,b\inℕ^∗\)

kết hợp với (1), (2) suy ra \(a+b=k\left(4b+1\right),k=\overline{1,3}\)

Suy ra \(\orbr{\begin{cases}a-3b=1\\3a-b=1\end{cases}}\).