Ta có: n_CO2 = 0,075 (mol)

n_NaOH = 0,1 (mol)

n_Ba(OH)2 = 0,05 (mol)

Pư xảy ra theo thứ tự: 

Ba(OH)₂ + CO₂ → BaCO₃ + H₂O

0,05_______0,05____0,05 (mol)

2NaOH + CO₂ → Na₂CO₃ + H₂O

0,05______0,025 (mol)

⇒ m_↓ = m_BaCO3 = 0,05.197 = 9,85 (g)

Câu 4 làm gì có câu b bạn nhỉ

\(n_{H_2O}=\dfrac{500}{18}=\dfrac{250}{9}mol\\ \Delta t=90-20=70^0C\\ Q_{nước}=\dfrac{250}{9}\cdot\dfrac{70}{100}\cdot10\cdot75,4=14661,1J\\ m_{than}=\dfrac{144661,1}{23}=637,44g\)

C₂H₄ + H₂O \(\underrightarrow{H^+,t^o}\) C₂H₅OH

C₂H₅OH + O₂ \(\underrightarrow{mengiam}\) CH₃COOH + H₂O

CH₃COOH + Na₂CO₃  → CH₃COONa + CO₂ + H₂O

6nCO₂ + 5nH₂O \(\underrightarrow{quanghop}\) (C₆H₁₀O₅)_n + 6nO₂

Bạn ghi cái đk lên dấu mũi tên giúp mình nha chứ mình kh biết ghi trên này sao 🥲

C2H4 + H20 --> C2H5OH (ĐK : xt, t°)

C2H5OH + O2 --> CH3COOH + H20 (ĐK : men giấm)

CH3COOH + 2O2 --> 2CO2 + 2H20 (ĐK : t°)

6nCO2 + 5nH20 --> -(-C6H10O5-)-n + 6nO2 (ĐK : axit, t°)

a, \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

Ta có: \(n_{C_2H_4Br_2}=\dfrac{18,8}{188}=0,1\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{C_2H_4}=n_{Br_2}=n_{C_2H_4Br_2}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,1.22,4}{4,48}.100\%=50\%\\\%V_{CH_4}=50\%\end{matrix}\right.\)

b, \(C\%_{Br_2}=\dfrac{0,1.160}{100}.100\%=16\%\)

- Trích mẫu thử.

- Nhỏ vài giọt từng mẫu thử vào giấy quỳ tím.

+ Quỳ hóa xanh: NaOH

+ Quỳ hóa đỏ: HCl

+ Quỳ không đổi màu: C₆H₁₂O₆, C₂H₅OH (1)

- Cho mẫu thử nhóm (1) pư với dd AgNO₃/NH₃

+ Có tủa sáng bạc: C₆H₁₂O₆

PT: \(CH_2OH\left[CHOH\right]_4CHO+2AgNO_3+3NH_3+H_2O\underrightarrow{^{t^o}}CH_2OH\left[CHOH\right]_4COONH_4+2NH_4NO_3+2Ag\)

+ Không hiện tượng: C₂H₅OH

- Dán nhãn.

a, \(n_{H_2}=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)

 \(Mg+2CH_3COOH\rightarrow\left(CH_3COO\right)_2Mg+H_2\)

0,05__________0,1_____________________0,05 (mol)

\(\Rightarrow m_{Mg}=0,05.24=1,2\left(g\right)\)

b, \(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{12,9-0,1.60}{46}=0,15\left(mol\right)\)

PT: \(CH_3COOH+C_2H_5OH⇌CH_3COOC_2H_5+H_2O\) (đk: t^o, H₂SO₄)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,15}{1}\), ta được C₂H₅OH dư.

Theo PT: \(n_{CH_3COOC_2H_5\left(LT\right)}=n_{CH_3COOH}=0,1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CH_3COOC_2H_5\left(LT\right)}=0,1.88=8,8\left(g\right)\)

\(\Rightarrow H\%=\dfrac{5,72}{8,8}.100\%=65\%\)

a, \(2CH_3COOH+Na_2CO_3\rightarrow2CH_3COONa+CO_2+H_2O\)

b, Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\)

Theo PT: \(n_{CH_3COOH}=2n_{CO_2}=1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CH_3COOH}=1.60=60\left(g\right)\)

\(\Rightarrow m_{C_2H_5OH}=90-60=30\left(g\right)\)

c, \(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{30}{46}=\dfrac{15}{23}\left(mol\right)\)

\(CH_3COOH+C_2H_5OH⇌CH_3COOC_2H_5+H_2O\) (đk: t^o, H₂SO₄ đặc)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{1}{1}>\dfrac{\dfrac{15}{23}}{1}\), ta được CH₃COOH dư.

Theo PT: \(n_{CH_3COOC_2H_5\left(LT\right)}=n_{C_2H_5OH}=\dfrac{15}{23}\left(mol\right)\)

Mà: H = 90%

\(\Rightarrow n_{CH_3COOC_2H_5\left(TT\right)}=\dfrac{15}{23}.90\%=\dfrac{27}{46}\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CH_3COOC_2H_5\left(TT\right)}=\dfrac{27}{46}.88=\dfrac{1188}{23}\left(g\right)\)