Gọi n Zn là x => n Fe = 4x

BTNT: 

 n Zn(OH)2 = n Zn = x ( mol )

n Fe(OH)2 = n Fe = 4x ( mol )

Mà m Zn(OH)2 + m Fe(OH)2 = 22,95 ( g )

 Nên 99x + 360x = 22,95

=> x = 0,05

=> n Zn = 0,05 ( mol )  ;   n Fe = 0,2 ( mol )

=> n Zn(OH)2 = 0,05 ( mol )   ;   n Fe(OH)2 = 0,2 ( mol )

=> n NaOH = 0,05 .2 + 0,2 . 2 = 0,5 ( mol )

=> m NaOH = 20 ( g ) => a = 20 .100 : 20 = 100 ( g )
PTHH
    Zn + 2HCl ----> ZnCl2 + H2

   0,05---0,1

    Fe + 2HCl -------> FeCL2 + H2

    0,2 ---0,4

Có: n HCL = 0,5 ( mol ) => V = 2,5 ( lít) = 2500 ( ml )

1) Mẫu kẽm tan dần đến hết và có khí không màu sinh ra là H2H2

Zn+2HCl→ZnCl2+H2Zn+2HCl→ZnCl2+H2

2) Mẫu nhôm không tan do AlAl bị thụ động trong H2SO4H2SO4 đặc, nguội.

3) Dây nhôm tan dần, phản ứng xảy ra mãnh liệt tỏa nhiệt và có khí không màu sinh ra.

2Na+2Al+3H2O→2NaAlO2+3H22Na+2Al+3H2O→2NaAlO2+3H2

 4)

Xuất hiện kết tủa trắng tan dần tới cực đại.

BaCl2+H2SO4→BaSO4+2HCl

CÒN LẠI ĐANG NGHĨ 

từ 1-> 4 có người làm rồi nên mk làm từ 5->9 nha 

5. Cho từ từ dd BaCl2 vào ống nghiệm chứa Na2CO3 thấy có kết tủa trắng xuất hiện

BaCl2 + Na2CO3 --> BaCO3 + 2NaCl

6. Cho từ từ dd HCl vào ống nghiệm chứa dd NaOH có để sẵn giấy quỳ tím, hiện tượng giấy quỳ từ xanh (do đặt trong môi trường kiềm) chuyển thành màu đỏ khi dư HCl

HCl + NaOH ---> NaCl + H2O

7. Cho đinh sắt vào ống nhgiệm chứa dd CuSO4 thấy có kết tủa Cu đỏ bám trên đinh sắt

Fe + CuSO4 --> FeSO4 + Cu

8. Cho NaOH vào ống nghiệm chứa dd CuSO4 sau đó lọc chất lấy kết tủa rồi đun nhẹ: kết tủa sau lọc có màu xanh ( Cu(OH)2, đun nhẹ thấy màu đen xuất hiện (CuO)

2NaOH + CuSO4 --> Cu(OH)2 + Na2SO4

Cu(OH)2 --> CuO + H2O

9 Cho từ từ AgNO3 vào ống nghiệm chứa dd NaCl thấy có kết tủa trắng xuất hiện

AgNO3 + NaCl --> AgCl + NaNO3

HYJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJJ

ghhhhhcfyuhjgyujhf

ghhhhhcfyuhjgyujhf

Ta có: 

n CO2 = 0,3 ( mol )

n BaCO3 còn = 0,1 ( mol )

Gọi n Ba(OH)2 = x ( mol )

PTHH

CO2 + Ba(OH)2 ----> BaCO3 + H2O

 x ----------x -----------------x

CO2        +    BaCO3 + H2O -------> Ba(HCO3)2

( x - 0,1)------( x - 0,1 )

theo PTHH: x + x - 0,1 = 0,3

=> x = 0,2 ( mol )

=> Cm của Ba(OH)2 = 1 ( M )

a. \(100ml=0,1l\)

\(\rightarrow n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,1.1=0,1mol\)

\(n_{CO_2}=\frac{8,96}{22,4}=0,4mol\)

\(\frac{n_{CO_2}}{n_{Ca\left(OH\right)_2}}=\frac{0,4}{0,1}=4mol\)

Vậy tạo muối \(Ca\left(HCO_3\right)_2\)

PTHH: \(2CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow Ca\left(HCO_3\right)_2\)

Xét tỉ lệ \(n_{Ca\left(OH_2\right)}< \frac{n_{CO_2}}{2}\)

Vậy \(CO_2\) dư

Theo phương trình \(n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,1mol\)

\(\rightarrow m_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=0,1.162=16,2g\)

\(\rightarrow m_{\text{muối}}=16,2g\)

b. \(m_{dd\text{sau phản ứng}}=m_{CO_2}+m_{ddCa\left(OH\right)_2}\)

\(m_{dd\text{trước phản ứng}}=m_{ddCa\left(OH\right)_2}\)

Vậy khối lượng dd sau phản ứng tăng là \(m_{CO_2}\) phản ứng

\(n_{CO_2\left(\text{p/ứ}\right)}=2n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2mol\)

Vậy \(m_{dd\text{tăng}}=m_{CO_2}=0,2.44=8,8g\)

ghhhhhcfyuhjgyujhf

Gọi CTTQ của X là SxOy

Ta có M (X) = 32 . 2 = 64 ( g/mol )

=> 32x + 16y  = 64

Mà X chứa 50% S và 50% O => 32x = 16y

Nên x = 1 ;  y = 2

=> CT : SO2

=> Trong 1mol SO2 có 1 mol S và 2 mol O

\(m_{ct}=17\%.10=1,7g\)

\(n_{NH_3}=\frac{1,7}{17}=01,mol\)

Số nguyên tử: \(0,1.6.10^{23}=6.10^{22}\)