Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Câu 3: Gọi số mol NO là a . Có: n\(_{N_2}\) = n\(_{N_2O}\) = 2a => 5a = \(\dfrac{4,48}{22,4}\) = 0,2
=> a = 0,04 . Vậy: n\(HNO_3\) = a.4+2a.10+2a.12 = 1,92 (mol)
=> V\(_{HNO_3}\) = 1,92 (lít)
1) X + HCl \(\rightarrow\) NO
=> trong X còn muối Fe(NO3)2
\(n_{NO\left(1\right)}=\frac{7,84}{22,4}=0,35mol\); \(n_{NO\left(2\right)}=\frac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\)
Sau khi cho HCl vào X thì thu được dung dịch trong đó chứa: Cu2+ và Fe3+
Gọi x, y lần lượt là số mol của Fe và Cu
Ta có:
\(\begin{cases}56x+64y=26,4\\3x+2y=3\left(0,35+0,05\right)\end{cases}\)\(\Leftrightarrow\begin{cases}x=0,3\\y=0,15\end{cases}\)
=> \(\%Fe=\frac{0,3.56}{26,4}.100\%=63,64\%\); %Cu = 100% - %Fe = 36,36%
2) Số mol HNO3 than gia phản ứng = 4nNO(1) = 0,35.4 = 1,4(mol)
3) Gọi a , b lần lượt là số mol Fe(NO3)2 và Fe(NO3)3 trong X
=> a + b = 0,3
2a + 3b + 2. 0,15 = 3.0,35
=> a = 0,15 (mol); b = 0,15 (mol)
=> trong X có : 0,15 mol Fe(NO3)2; 0,15 (mol) Fe(NO3)3 và 0,15 mol Cu(NO3)2
=> CM các chất đều bằng nhau và bằng: \(\frac{0,15}{0,8}=0,1875M\)
1) Gọi x là hóa trị cao nhất của M
\(n_{NO}=\frac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\); \(n_M=\frac{19,2}{M_M}\left(mol\right)\)
Có: \(M^0-xe\rightarrow M^{+x}\)
__ \(\frac{19,2}{M_M}\) --> \(\frac{19,2x}{M_M}\) -> \(\frac{19,2}{M_M}\)
=> Số mol e nhường: \(\frac{19,2x}{M_M}\)
Có: \(N^{+5}+3e\rightarrow N^{+2}\)
_________ 0,6 <--- 0,2
=> Số mol e nhận: 0,6
Áp dụng DDLBT e => \(\frac{19,2x}{M_M}=0,6=>M_M=32x\)
Xét x =1 => \(M_M=32\) k có
Xét x =2 => \(M_M=64=>\) M là Cu
Chất rắn cuối cùng thu được là CuO
=> \(m_{CuO}=\frac{19,2}{64}.80=24\left(g\right)\)
2) Gọi số mol NO và N2 lần lượt là a,b (mol)
Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}\frac{30a+28b}{a+b}=28,8\\a+b=0,125\end{matrix}\right.\) => \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,05\left(mol\right)\\b=0,075\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_X=\frac{8,1}{M_X}\left(mol\right)\)
Có: \(X^0-3e\rightarrow X^{+3}\)
___ \(\frac{8,1}{M_X}\) -> \(\frac{24,3}{M_X}\)
Có: \(N^{+5}+3e\rightarrow N^{+2}\)
_________ 0,15 <- 0,05
\(2N^{+5}+10e\rightarrow N_2^0\)
_______ 0,75 <- 0,075
Áp dụng ĐLBT e => \(\frac{24,3}{M_X}=0,15+0,75\) => \(M_X=27\) => M là Al
\(m_{HNO_3}=0,5.2,5.63=78,75\left(mol\right)\)
m dd HNO3 = \(2500.12,5=31250\left(g\right)\)
=> C% = \(\frac{78,75}{31250}.100\%=0,252\%\)
1. Gọi số mol Mg và Al là a và b
nNO=0,3
Ta có 24a+27b=9,9(1)
Theo bảo toàn e: 2a+3b=0,3.3=0,9(2)
Từ (1 ) và (2 ) có hệ PT:
\(\left\{{}\begin{matrix}\text{24a+27b=9,9}\\\text{2a+3b=0,3.3=0,9}\end{matrix}\right.\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\text{a=0,3}\\b=0,1\end{matrix}\right.\)
\(\rightarrow\)mMg=0,3.24=7,2
mAl=0,1.27=2,7
b. Ta có nHNO3=4nNO=4.0,3=1,2mol
c. 4,95 mol X thì có 0,15 mol Mg; 0,05 mol AL
nN2=0,04
ne nhường=0,15.2+0,05.3=0,45
ne nhận =0,04.10=0,4<0,45
\(\rightarrow\)Có NH4NO3 và nNH4NO3=\(\frac{\text{0,45-0,4}}{8}\)=0,00625
Ta có muối =mMg(NO3)2+mAl(NO3)3+mNH4NO3
=0,15.148+0,05.213+0,00625.80=33,35
\(\text{a)Gọi số mol Zn và Al lần lượt là a và b}\)
mhh= 65a + 27b=4,76
\(\text{BTe ta có 2.nZn + 3.nAl =8.nN2O----> 2a+ 3b= 0,32}\)
\(\text{Suy ra a=0,04 b=0,08}\)
\(\left\{{}\begin{matrix}\text{%Zn=54,62%}\\\text{ %Al=45,38%}\end{matrix}\right.\)
b) NH3 dư cho và dd Y gồm Al3+ và Zn2+ thì Zn(OH)2 tan trong NH3 dư
\(\text{Al3+ + 3NH3 + 3H2O → Al(OH)3↓ + 3NH4+}\)
\(\text{NH4OH + Zn(OH)2 = H2O + [Zn(NH3)4](OH)2}\)
--> kết tủa còn lại duy nhất là Al(OH)3
--> mAl(OH)3=0,08.78=6,24g
Gọi số mol của NO và N2O là a, b
=> \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\\\dfrac{30a+44b}{a+b}=16,4.2=32,8\end{matrix}\right.=>\left\{{}\begin{matrix}a=0,04\\b=0,01\end{matrix}\right.\)
Gọi số mol của Al, Zn là x, y
=> 27x + 65y = 4,87
nHNO3 = 0,36.1 = 0,36 (mol)
Al0-3e--> Al+3
x-->3x
Zn0-2e-->Zn+2
y-->2y
4H+ + NO3- +3e--> NO + 2H2O
0,16<------0,12<-0,04
10H+ + 2NO3- +8e--> N2O + 5H2O
0,1<------------0,08<--0,01
10H+ + 2NO3- +8e--> NH4NO3 + 3H2O
0,1------------->0,08
Bảo toàn e: 3x + 2y = 0,28
=> a = 0,06; b = 0,05
a) \(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)
\(n_{NaOH}=0,5.0,1=0,05\left(mol\right)\)
\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,5.0,2=0,1\left(mol\right)\)
PTHH: Ba(OH)2 + CO2 --> BaCO3 + H2O
_______0,1------>0,1------>0,1
2NaOH + CO2 --> Na2CO3 + H2O
_0,05-->0,025----->0,025
Na2CO3 + CO2 + H2O --> 2NaHCO3
0,025--->0,025------------->0,05
BaCO3 + CO2 + H2O --> Ba(HCO3)2
0,05<---0,05--------------->0,05
=> mBaCO3 = (0,1-0,05).197 = 9,85(g)
b)
mNaHCO3 = 0,05.84 = 4,2 (g)
mBa(HCO3)2 = 0,05.259 = 12,95(g)
=> Tổng khối lượng chất tan = 4,2 + 12,95 = 17,15 (g)