Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Gọi CTTQ của A dạng \(C_nH_{2n}O_2\), đặt \(n_{C_nH_{2n}O_2}=1\left(mol\right)\)
\(C_nH_{2n}O_2+\dfrac{3n-2}{2}O_2\underrightarrow{t^o}nCO_2+nH_2O\)
\(\Rightarrow n_{O_2.trong.bình}=2n_{O_2.pứ}=2\left(\dfrac{3n-2}{2}\right)=3n-2\left(mol\right)\)
Điều kiện cùng T và V \(\Rightarrow n_{sau}:n_{trước}=p_{sau}:p_{trước}=0,95:0,8\)
\(\Rightarrow n_{sau}=1,1875.\left(3n-1\right)mol=\Sigma\left(n_{CO_2}+n_{H_2O}+n_{O_2dư}\right)\)
\(\Leftrightarrow2n+\dfrac{\left(3n-2\right)}{2}=1,1875.\left(3n-1\right)\)
\(\Rightarrow n=3\)
Vậy CTPT của A là \(C_3H_6O_2\)
=> Chọn B
Phản ứng este tổng quát : R(COO)nR’ + nKOH → R(COOK)n + R’(OH)n
- Xét thí nghiệm với bình F :
- Có : nKOH = 0,4.1 = 0,4 mol => nOH(ancol/F) = nKOH = 0,4 mol => nH2 = 0,2 mol
( R’(OH)n + nNa → R’(ONa)n + 0,5nH2 )
Bảo toàn khối lượng : mF = mbình tăng + mH2 = 15,6g (mbình tăng = mancol – mH2)
- Bảo toàn khối lượng : mE + mKOH = mmuối + mancol(F)
=> mmuối = 30,24 + 56.0,4 – 15,6 = 37,04g
Gọi công thức tổng quát chung của các muối có dạng : CxHyKzO2z
=> nmuối = nKOH/z = 0,4/z (mol) (Bảo toàn nguyên tố K)
Phản ứng cháy : CxHyKzO2z + (2x + 0,5y – 1,5z)O2 → (2x – z)CO2 + yH2O + zK2CO3
Với nZ = 0,4/z => nO2 = 0,1.(4x + y – 3z)/z = 0,42 mol
=> 4x + y = 7,2z (1)
Ta có : mZ = (12x + t + 71z).0,4/z = 37,04
=> 12x + y = 21,6z (2)
Lấy (1) – (2) => y = 0 => cả 2 muối đều không có Hidro
=> Muối tạo từ X là KOOC-Cn-COOK (a mol)
Và Muối tạo từ Y là KOOC-Cm-COOK (b mol)
=> nKOH = 2a + 2b = 0,4 và a = 1,5b (Vì số mol X gấp 1,5 lần số mol Y)
=> a = 0,12 ; b = 0,08 mol
=> mmuối = 0,12(12n + 166) + 0,08(12m + 166) = 37,04
=> 3n + 2m = 8 (3)
- Biện luận: Este mạch hở nên cả 2 ancol đều đơn chứC. Đốt este có nCO2 = nO2, mà este 2 chức nên cả 2 este đều có 8H, các gốc axit không có H nên tổng số H trong 2 gốc ancol của mỗi este là 8
Mặt khác nF = 0,4 mol => MF = 39 (MTB) => 2 ancol là CH3OH và C2H5OH
- Do MX < MY nên từ (3) => n = 0 và m = 4 là nghiệm duy nhất thỏa mãn
=> X là CH3OOC-COOC2H5 và Y là CH3OOC-C≡C-C≡C-COOC2H5
=> Y là C9H8O4 có 21 nguyên tử
Đáp án cần chọn là: A
Chọn đáp án A
hỗn hợp A gồm X, Y dạng C?(H2O)?? (đốt có nO2 cần đốt = nCO2).
cần chú ý nchức ancol –OH = nKOH = 0,4 mol
→ mancol = 15,2 + 0,4 ÷ 2 × 2 = 15,6 gam.
♦ Thủy phân: 30,24 gam A + 0,4 mol KOH → 2 muối D + 15,6 gam 2 ancol B
→ mmuối D = 37,04 gam (theo BTKL).
Giải đốt D: đủ giả thiết → ok.!
Đốt 37,04 gam muối D cần 0,42 mol O2 → 0,2 mol K2CO3 + x mol CO2 + y mol H2O.
bảo toàn O + bảo toàn khối lượng
→ đủ giải ra x = 0,52 mol và y = 0 mol.
► Ngôn ngữ: X, Y không phân nhánh
→ có không quá 2 chức, este không phải là vòng (*)
kết hợp y = 0 cho biết muối không chứa nguyên tố H
→ 2 muối đều 2 chức dạng C???(COOH)2 (với ??? phải chẵn)
Lại biết tỉ lệ số mol X, Y là 1,5
→ nX = 0,12 mol và nY = 0,08 mol.
số Caxit tạo X = m; số Caxit tạo Y = n (m, n nguyên dương và chẵn)
→ nghiệm nguyên: 0,12m + 0,08n = ∑nC trong muối = 0,72 mol ⇄ 3m + 2n = 18
→ duy nhất cặp chẵn m = 2; n = 6 thỏa mãn
→ axit tạo X là (COOH)2 và Y là C4(COOH)2.
Mặt khác: X, Y dạng C?(H2O)4; gốc axit không chứa H → ∑gốc ancol có 8H.
Lại có ở (*) cho biết hai ancol phải là đơn chức nên nB = 0,4 mol; MB = 15,6 ÷ Ans = 39
→ có ancol là CH3OH; gốc ancol này có 3C
→ còn 5C trong gốc ancol còn lại
→ là C2H5
Vậy đã rõ: X là H3C-OOC-COOC2H5 và Y là H3C-OOC-C≡C-C≡C-COOC2H5.
ĐỌc yêu cầu, xem lại Y có CTPT C9H8O4
→ ∑số nguyên tử = 21
Chọn A.
- Ta có:
=> 2 ancol đó là CH3OH (0,2 mol) và C2H5OH (0,2 mol).
- Khi đốt cháy E thì:
- Khi cho E tác dụng với KOH thì:
- Khi đốt cháy K thì: 
- Thay n C O 2 vào (1) nhận thấy n H 2 O ( K ) = 0 Þ trong muối K không chứa H.
- Gọi muối K 
Vậy tổng số nguyên tử nguyên tố có trong Y là 21
Đáp án B
→ n t r = 2 x + 2 x 3 n - 2
n s = 2 x - x + 2 . 2 n x 3 n - 2
n t r n s = p t r p s = 16 19
⇔ 2 x + 2 x 3 n - 2 x + 4 n x 3 n - 2 = 16 19 ⇔ n = 3
⇒ X l à C 3 H 6 O 2
Đáp án A
Các phát biểu đúng: (2) (5) (6)
Các phát biểu khác sai vì:
(1) Độ dinh dưỡng của phân kali được đánh giá bằng %K2O tương ứng với lượng kali có trong thành phần của nó.
(3) Nguyên liệu để sản xuất phân lân là quặng photphorit và apatit
(4) P trắng không tan trong nước nhưng tan nhiều trong các dung môi hữu cơ.
n O2= 1,35mol
4P + 5O2 => 2 P2O5
1,08 <= 1,35 (mol)
Vì H= 48% => n P=1,08×48÷100=0,5184