Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Ta có: \(\sqrt{x+1}+\sqrt{y-1}\le\sqrt{2\left(x+y\right)}\)
\(\Leftrightarrow\sqrt{2\left(x-y\right)^2+10x-6y+8}\le\sqrt{2\left(x+y\right)}\)
\(\Leftrightarrow2\left(x-y\right)+10x-6y+8\le2\left(x+y\right)\)
\(\Leftrightarrow2\left(x-y\right)^2+8\left(x-y\right)+8\le0\)
\(\Leftrightarrow2\left(x-y+2\right)^2\le0\)
Dấu = xảy ra khi \(\hept{\begin{cases}x+1=y-1\\x-y+2=0\end{cases}\Leftrightarrow}y=x+2\)
Thế vào P ta được
\(P=x^4+\left(x+2\right)^2-5x-5\left(x+2\right)+2020\)
\(=x^4+2x^2-6x+2014\)
\(=\left(x^2-1\right)^2+3\left(x-1\right)^2+2010\ge2010\)
Vậy GTNN là P = 2010 đạt được khi x = 1, y = 3
Ta có: √x+1+√y−1≤√2(x+y)
⇔√2(x−y)2+10x−6y+8≤√2(x+y)
⇔2(x−y)+10x−6y+8≤2(x+y)
⇔2(x−y)2+8(x−y)+8≤0
⇔2(x−y+2)2≤0
Dấu = xảy ra khi {
| x+1=y−1 |
| x−y+2=0 |
⇔y=x+2
Thế vào P ta được
P=x4+(x+2)2−5x−5(x+2)+2020
=x4+2x2−6x+2014
=(x2−1)2+3(x−1)2+2010≥2010
Vậy GTNN là P = 2010 đạt được khi x = 1, y = 3
1. Ta có: \(x^2-2xy-x+y+3=0\)
<=> \(x^2-2xy-2.x.\frac{1}{2}+2.y.\frac{1}{2}+\frac{1}{4}+y^2-y^2-\frac{1}{4}+3=0\)
<=> \(\left(x-y-\frac{1}{2}\right)^2-y^2=-\frac{11}{4}\)
<=> \(\left(x-2y-\frac{1}{2}\right)\left(x-\frac{1}{2}\right)=-\frac{11}{4}\)
<=> \(\left(2x-4y-1\right)\left(2x-1\right)=-11\)
Th1: \(\hept{\begin{cases}2x-4y-1=11\\2x-1=-1\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=0\\y=-3\end{cases}}\)
Th2: \(\hept{\begin{cases}2x-4y-1=-11\\2x-1=1\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=1\\y=3\end{cases}}\)
Th3: \(\hept{\begin{cases}2x-4y-1=1\\2x-1=-11\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=-5\\y=-3\end{cases}}\)
Th4: \(\hept{\begin{cases}2x-4y-1=-1\\2x-1=11\end{cases}}\Leftrightarrow\hept{\begin{cases}x=6\\y=3\end{cases}}\)
Kết luận:...
Do \(x^2+y^2=1\Rightarrow0\le x;y\le1\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x^2\le x\\y^2\le y\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow x+y\ge x^2+y^2=1\)
Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}\sqrt{4+5x}=a\\\sqrt{4+5y}=b\end{matrix}\right.\) \(\left\{{}\begin{matrix}2\le a;b\le3\\a^2+b^2=8+5\left(x+y\right)\ge13\end{matrix}\right.\)
Do \(2\le a;b\le3\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\left(a-2\right)\left(a-3\right)\le0\\\left(b-2\right)\left(b-3\right)\le0\end{matrix}\right.\)
\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a^2-5a+6\le0\\b^2-5b+6\le0\end{matrix}\right.\) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}a\ge\frac{a^2+6}{5}\\b\ge\frac{b^2+6}{5}\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow P=a+b\ge\frac{a^2+6}{5}+\frac{b^2+6}{5}=\frac{a^2+b^2+12}{5}\ge\frac{13+12}{5}=5\)
\(\Rightarrow P_{min}=5\) khi \(\left(a;b\right)=\left(2;3\right)\) và hoán vị hay \(\left(x;y\right)=\left(0;1\right)\) và hoán vị
Ủng hộ cách khác
Dễ cm: \(x\ge x^2;y\ge y^2\)
\(P=\sqrt{4+5x}+\sqrt{4+5y}=\sqrt{x+4x+4}+\sqrt{y+4y+4}\ge\sqrt{x^2+4x+4}+\sqrt{y^2+4y+4}=\left|x+2\right|+\left|y+2\right|=x+y+4\ge x^2+y^2+4=1\)"=" khi x;y là hoán vị của (0;1)
Câu 1:
\(\sqrt{a}+\sqrt{b}=1\Leftrightarrow a+b+2\sqrt{ab}=1\Leftrightarrow a+b=1-2\sqrt{ab}\)
BĐT cần chứng minh tương đương:
\(ab\left(1-2\sqrt{ab}\right)^2\le\frac{1}{64}\Leftrightarrow\sqrt{ab}\left(1-2\sqrt{ab}\right)\le\frac{1}{8}\)
Áp dụng BĐT \(xy\le\frac{\left(x+y\right)^2}{4}\) ta có:
\(\frac{1}{2}.2\sqrt{ab}\left(1-2\sqrt{ab}\right)\le\frac{1}{2}\frac{\left(2\sqrt{ab}+1-2\sqrt{ab}\right)^2}{4}=\frac{1}{8}\) (đpcm)
Dấu "=" xảy ra khi \(2\sqrt{ab}=1-2\sqrt{ab}\Rightarrow ab=\frac{1}{16}\Rightarrow a=b=\frac{1}{4}\)
Câu 2:
Ta có: \(xy\le\frac{\left(x+y\right)^2}{4}=1\)
\(Q=\left(x+y\right)\left(x^2-xy+y^2\right)+\left(x+y\right)^2-2xy\)
\(Q=2\left[\left(x+y\right)^2-3xy\right]+4-2xy\)
\(Q=2\left(4-3xy\right)+4-2xy\)
\(Q=12-8xy\ge12-8=4\)
\(\Rightarrow Q_{min}=4\) khi \(x=y=1\)