K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

Gọi số mol K, Ba, K2O là a, b, c

=> 39a + 137b + 94c = 15,61 (1)

PTHH: 2K + 2H2O --> 2KOH + H2

_____a---------------->a----->0,5a

Ba + 2H2O --> Ba(OH)2 + H2

b---------------->b--------->b

K2O + H2O --> 2KOH

c---------------->2c

=> 0,5a + b = \(\dfrac{2,016}{22,4}=0,09\left(mol\right)\) (2)

PTHH: Ba(OH)2 + CO2 --> BaCO3 + H2O

_______b--------->b--------->b

2KOH + CO2 --> K2CO3 + H2O

(a+2c)->(0,5a+c)->(0,5a+c)

K2CO3 + CO2 + H2O --> 2KHCO3

(0,5a+c)->(0,5a+c)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}b=\dfrac{V}{22,4}\\b+\left(a+2c\right)=\dfrac{V+4,48}{22,4}\end{matrix}\right.\)

=> a + 2c = 0,2 (3)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,08\\b=0,05\\c=0,06\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{KOH}=0,2\left(mol\right)\\n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}+n_{H_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\\\dfrac{44.n_{CO_2}+2.n_{H_2}}{n_{CO_2}+n_{H_2}}=13,6.2=27,2\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=0,15\left(mol\right)\\n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{HCl}=\dfrac{100.25,55}{100.36,5}=0,7\left(mol\right)\)

Sau phản ứng thu được dd D chứa chất tan duy nhất là RCl2

mdd sau pư = 37,5 + 100 - 0,15.44 - 0,1.2 = 130,7 (g)

=> \(m_{RCl_2}=\dfrac{25,44.130,7}{100}=33,25\left(g\right)\)

Bảo toàn Cl: \(n_{RCl_2}=0,35\left(mol\right)\)

=> \(M_{RCl_2}=\dfrac{33,25}{0,35}=95\left(g/mol\right)\)

=> MR = 24 (Mg)

Bảo toàn C: \(n_{MgCO_3}=0,15\left(mol\right)\)

=> \(\%m_{MgCO_3}=\dfrac{0,15.84}{37,5}.100\%=33,6\%\)

Quy đổi X thành \(\left\{{}\begin{matrix}FeO:a\left(mol\right)\\Fe_2O_3:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

TN1:

\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,02.V_1\left(mol\right)\)

PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O

         0,02.V1--->0,02.V1->0,02.V1

            CaCO3 + CO2 + H2O --> Ca(HCO3)2

            0,03<---0,03<---------------0,03

            Ca(HCO3)2 + 2NaOH --> Na2CO3 + CaCO3 + 2H2O

               0,03<-----------------------------0,03

=> \(0,02.V_1-0,03=0,05\)

=> V1 = 4 (l)

\(n_{CO_2}=0,02.4+0,03=0,11\left(mol\right)\)

PTHH: FeO + CO --to--> Fe + CO2

              a---------------------->a

            Fe2O3 + 3CO --to--> 2Fe + 3CO2

              b---------------------------->3b

=> a + 3b = 0,11

TN2:

\(n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{17}{400}=0,0425\left(mol\right)\)

=> a + 2b = 0,0425.2 = 0,085

=> a = 0,035; b = 0,025

m = 0,035.72 + 0,025.160 = 6,52 (g)

PTHH: 2FeO + 4H2SO4 --> Fe2(SO4)3 + SO2 + 4H2O

          0,035--------------------------->0,0175

=> V2 = 0,0175.22,4 = 0,392 (l)

TN3:

PTHH: FeO + 2HCl --> FeCl2 + H2O

         0,035--------->0,035

            Fe2O3 + 6HCl --> 2FeCl3 + 3H2O

          0,025-------------->0,05

            FeCl2 + 2AgNO3 --> Fe(NO3)2 + 2AgCl

          0,035-------------------.0,035------>0,07

            FeCl3 + 3AgNO3 --> Fe(NO3)3 + 3AgCl

           0,05--------------------------------->0,15

            Fe(NO3)2 + AgNO3 --> Fe(NO3)3 + Ag

            0,035------------------------------>0,035

=> m1 = 143,5.(0,07 + 0,15) + 108.0,035 = 35,35 (g)

 

13 tháng 2 2022

1) 

- Hòa tan hh vào nước, thu được dd (gồm NaOH, Ba(OH)2) và chất rắn không tan là Mg

\(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)

\(Ba+2H_2O\rightarrow Ba\left(OH\right)_2+H_2\)

- Cho CO2 dư tác dụng với dd thu được. Đun nóng dd sau pư thu được kết tủa trắng (1) và dung dịch (2)

\(Ba\left(OH\right)_2+2CO_2\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\)

\(NaOH+CO_2\rightarrow NaHCO_3\)

\(Ba\left(HCO_3\right)_2\underrightarrow{t^o}BaCO_3\downarrow+CO_2+H_2O\)

\(2NaHCO_3\rightarrow Na_2CO_3+CO_2+H_2O\)

- Cho kết tủa trắng (1) tác dụng với dd HCl dư, cô cạn dd thu được chất rắn là BaCl2, điện phân nóng chảy BaCl2 thu được Ba

\(BaCO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+CO_2+H_2O\)

\(BaCl_2\underrightarrow{đpnc}Ba+Cl_2\)

- Cho dung dịch (2) tác dụng với dd HCl dư, cô cạn dd thu được chất rắn là NaCl, điện phân nóng chảy NaCl thu được Na

\(Na_2CO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+CO_2+H_2O\)

\(2NaCl\underrightarrow{đpnc}2Na+Cl_2\)

 

13 tháng 2 2022

2)

Gọi số mol Fe, Mg là a, b (mol)

PTHH: Fe + 2HCl --> FeCl2 + H2

            Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2

nHCl = 2a + 2b (mol)

=> mHCl = 73a + 73b (g)

=> \(m_{ddHCl}=\dfrac{\left(73a+73b\right)100}{20}=365a+365b\left(g\right)\)

\(n_{H_2}=a+b\left(mol\right)\)

=> \(m_{H_2}=2a+2b\left(g\right)\)

mdd sau pư = (56a + 24b) + (365a + 365b) - (2a + 2b) 

= 419a + 387b (g)

=> \(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{95b}{419a+387b}.100\%=11,787\%\)

=> a = b

=> \(C\%_{FeCl_2}=\dfrac{127a}{419a+387b}.100\%=15,757\%\)

11 tháng 2 2022

\(m_{dd\left(80^oC\right)}=1026,4\left(g\right)\)

Gọi khối lượng M2SO4 trong dd bão hòa ở 80oC là a(g)

Có \(S_{80^oC}=\dfrac{a}{1026,4-a}.100=28,3\left(g\right)\)

=> a = 226,4 (g)

\(m_{H_2O\left(80^oC\right)}=1026,4-226,4=800\left(g\right)\)

Gọi khối lượng M2SO4 trong dd bão hòa ở 10oC là x (g)

Gọi khối lượng H2O trong dd bão hòa ở 10oC là y (g)

Có \(S_{10^oC}=\dfrac{x}{y}.100=9\left(g\right)\)

=> x = 0,09y (1)

mM2SO4 (tách ra) = 226,4 - x (g)

mH2O (tách ra) = 800 - y (g)

=> 226,4 - x + 800 - y = 395,4 (2)

(1)(2) => \(\left\{{}\begin{matrix}x=52,1\left(g\right)\\y=578,9\left(g\right)\end{matrix}\right.\)

mM2SO4 (tách ra) = 226,4 - x = 174,3 (g)

=> \(n_{M_2SO_4}=\dfrac{174,3}{2.M_M+96}\left(mol\right)\)

=> \(n_{M_2SO_4.nH_2O}=\dfrac{174,3}{2.M_M+96}\left(mol\right)\)

=> \(M_{M_2SO_4.nH_2O}=2.M_M+96+18n=\dfrac{395,4}{\dfrac{174,3}{2.M_M+96}}\left(g/mol\right)\)

=> MM + 48 = 7,095n 

Xét n = 8 => MM = 8,76 (loại)

Xét n = 9 => MM = 15,855 (Loại)

Xét n = 10 => MM = 23 (Na)

Xét n = 11 => MM = 30,045 (Loại)

Vậy CT của muối ngậm nước là Na2SO4.10H2O

11 tháng 2 2022

+) Ở $80^oC:$

100g nước có 23,8g chất tan

128,3g dung dịch có 28,3g chất tan

1026,4g dung dịch có $x(g)$ chất tan

$\to x=\dfrac{1026,4.28,3}{128,3}=226,4(g)$

Khối lượng nước của dd ở $80^oC$ là: $1026,4-226,4=800(g)$

+) Ở $10^oC:$

100g nước có 9g chất tan

109g dung dịch có 9g chất tan

$(1026,4-395,4)g=631g$ dung dịch có $y(g)$ chất tan

$\to y=\dfrac{631.9}{109}\approx 52(g)$

Khối lượng nước của dd ở $10^oC$ là: $631-52=579(g)$

Khối lượng nước kết tinh: $800-579=221(g)$

Khối lượng $M_2SO_4$ kết tinh: $226,4-52=174,4(g)$

\(\underbrace{M_2SO_4}_{174,4}.\underbrace{nH_2O}_{221}\)

Mà $7<n<12$

\(\begin{array}{|c|c|c|}\hline n&8&9&10&11\\\hline M_2SO_4&111,36&127,8&142&156,2\\\hline\end{array}\)

Vì $M_{M_2SO_4}\in \mathbb{N}\to M_{M_2SO_4}=142$

$\to M_M=23(Na)$

Vậy muối là $Na_2SO_4.10H_2O$

12 tháng 2 2022

Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:2a\left(mol\right)\\K_2SO_4:a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al^{3+}}=4a\left(mol\right)\\n_{K^+}=2a\left(mol\right)\\n_{SO_4^{2-}}=7a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ba^{2+}}=x\left(mol\right)\\n_{OH^-}=2x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

- Nếu Z chứa K2SO4

Ba2+ SO42- --> BaSO4

x----->x------------>x

Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3

4a-->12a------>4a

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4}=n_{SO_4^{2-}\left(còn\right)}=7a-x=0,02\\n_{OH^-}=12a=2x\end{matrix}\right.\)

=> a = 0,02; x = 0,12

=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,04\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,02\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> m1 = 0,02.948 + 0,02.342 = 25,8(g)

m2 = 233.0,12 + 0,08.78 = 34,2 (g)

\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,12\left(mol\right)\)

=> \(V=\dfrac{0,12}{2}=0,06\left(l\right)=60\left(ml\right)\)

- Nếu Z chứa KAlO2

Ba2+ SO42- --> BaSO4

x----->x---------->x

Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3

4a--->12a----->4a

Al(OH)3  +   OH-   -->  AlO2- + 2H2O

(2x-12a)<-(2x-12a)->(2x-12a)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{KAlO_2}=n_{AlO_2^-}=2x-12a=0,02\\n_{KAlO_2}=n_{K^+}=2a=0,02\end{matrix}\right.\)

=> a = 0,01; x = 0,07 

=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,02\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,01\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> m1 = 0,01.948 + 0,01.342 = 12,9(g)

Kết tủa gồm \(\left\{{}\begin{matrix}BaSO_4:0,07\left(mol\right)\\Al\left(OH\right)_3:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> m2 = 0,07.233 + 0,02.78 = 17,87 (g)

\(V=\dfrac{0,07}{2}=0,035\left(l\right)=35\left(ml\right)\)

 

 

12 tháng 2 2022

mkhí, hơi = 3,552 - 0,96 = 2,592

\(n_{KOH}=\dfrac{1,344.100}{100.56}=0,024\left(mol\right)\)

mdd sau pư = 100 + 2,592 = 102,592 (g)

Gọi công thức của muối cần tìm là KaX

=> \(n_{K_aX}=\dfrac{0,024}{a}\left(mol\right)\)

Có: \(m_{muối}=\dfrac{2,363.102,592}{100}=2,42425\left(g\right)\)

=> \(M_{K_aX}=39a+M_X=\dfrac{2,42425}{\dfrac{0,024}{a}}\left(g/mol\right)\)

=> MX = 62a (g/mol)

Xét a = 1 => MX = 62 (NO3)

Xét a = 2,3 => Loại

\(n_{KNO_3}=0,024\left(mol\right)\)

Gọi CTHH của muối là A(NO3)n.qH2O

Bảo toàn N: \(n.n_{A\left(NO_3\right)n.qH_2O}=0,024\left(mol\right)\)

Bảo toàn A: \(n_{A\left(NO_3\right)_n.qH_2O}=n_{A_xO_y}=\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}\left(mol\right)\)

=> \(n.\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}=0,024\) 

=> 0,024.x.MA + 0,384y = 0,96n

( Do hóa trị không đổi nên \(n=\dfrac{2y}{x}\))

- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=1\) => MA = 12 (Loại)

- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=2\) => MA = 64 (Cu)

- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=3\) => MA = 36 (Loại)

=> CTHH của muối là Cu(NO3)2.qH2O

\(n_{CuO}=\dfrac{0,96}{80}=0,012\left(mol\right)\)

=> \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=0,015\left(mol\right)\)

=> \(M_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=\dfrac{3,552}{0,012}=296\left(g/mol\right)\)

=> q = 6

=> CTHH: Cu(NO3)2.6H2O

20 tháng 8 2021

1/ \(n_S=\dfrac{6,4}{32}=0,2;n_{H_2SO_4}=\dfrac{14.70\%}{98}=0,1\)

Bảo toàn nguyên tố S : \(n_S=n_{H_2SO_4\left(lt\right)}=0,2\)

Mà thực tế chỉ thu được 0,1

=> \(H=\dfrac{0,1}{0,2}.100=50\%\)

20 tháng 8 2021

2/ \(n_{N_2}=0,2\left(mol\right);n_{H_2}=0,3\left(mol\right);n_{NH_3}=0,15\left(mol\right)\)

PTHH: \(N_2+3H_2\rightarrow2NH_3\)

Lập tỉ lệ : \(\dfrac{0,2}{1}>\dfrac{0,3}{3}\)=> Sau phản ứng N2 dư, tính theo số mol H2

=> n NH3(lt)= \(\dfrac{0,3.2}{3}=0,2\left(mol\right)\)

Mà thực tế chỉ thu được 0,15 mol 

=> \(H=\dfrac{0,15}{0,2}.100=75\%\)

11 tháng 2 2022

Y chứa NaOH, NaAlO2

Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)

TN1:

\(n_{HCl}=0,1.1=0,1\left(mol\right)\)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1<----0,1

=> x = 0,1 (mol)

TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

             0,1--->0,1

             NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                y------>y------------------------>y

             Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

           \(\dfrac{0,65-y}{3}\)<-(0,65-y)

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}=y-\dfrac{0,65-y}{3}=\dfrac{4y-0,65}{3}\left(mol\right)\)

TN2: \(n_{HCl}=1.0,45=0,45\left(mol\right)\)

- Nếu kết tủa không bị hòa tan:

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                0,35<--0,35-------------------->0,35

Điều kiện: y \(\ge\) 0,35

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=0,35\left(mol\right)\)

Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)

=> \(0,35=4y-0,65\)

=> y = 0,25 (Loại)

=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                 y---->y------------------------->y

              Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

          \(\dfrac{0,35-y}{3}\)<--(0,35-y)

=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=y-\dfrac{0,35-y}{3}=\dfrac{4y-0,35}{3}\left(mol\right)\)

Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)

=> \(\dfrac{4y-0,35}{3}=4y-0,65\)

=> y = 0,2 

Vậy trong Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}NaOH:0,3\left(mol\right)\\NaAlO_2:0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)

Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)

=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)

 

Y chứa NaOH, NaAlO2

Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)

TN1:

nHCl=0,1.1=0,1(mol)nHCl=0,1.1=0,1(mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1<----0,1

=> x = 0,1 (mol)

TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

             0,1--->0,1

             NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                y------>y------------------------>y

             Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

           0,65−y30,65−y3<-(0,65-y)

=> nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)

TN2: nHCl=1.0,45=0,45(mol)nHCl=1.0,45=0,45(mol)

- Nếu kết tủa không bị hòa tan:

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                0,35<--0,35-------------------->0,35

Điều kiện: y ≥≥ 0,35

=> nAl(OH)3(2)=0,35(mol)nAl(OH)3(2)=0,35(mol)

Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)

=> 0,35=4y−0,650,35=4y−0,65

=> y = 0,25 (Loại)

=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O

            0,1--->0,1

            NaAlO2 + HCl + H2O  --> NaCl + Al(OH)3

                 y---->y------------------------->y

              Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O

          0,35−y30,35−y3<--(0,35-y)

=> nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)

Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)

=> 4y−0,353=4y−0,654y−0,353=4y−0,65

=> y = 0,2 

Vậy trong Y chứa {NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol){NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol)

Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)

Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)

=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)