K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Các câu hỏi dưới đây có thể giống với câu hỏi trên
9 tháng 2 2022
Có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}+n_{H_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\\\dfrac{44.n_{CO_2}+2.n_{H_2}}{n_{CO_2}+n_{H_2}}=13,6.2=27,2\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=0,15\left(mol\right)\\n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_{HCl}=\dfrac{100.25,55}{100.36,5}=0,7\left(mol\right)\)
Sau phản ứng thu được dd D chứa chất tan duy nhất là RCl2
mdd sau pư = 37,5 + 100 - 0,15.44 - 0,1.2 = 130,7 (g)
=> \(m_{RCl_2}=\dfrac{25,44.130,7}{100}=33,25\left(g\right)\)
Bảo toàn Cl: \(n_{RCl_2}=0,35\left(mol\right)\)
=> \(M_{RCl_2}=\dfrac{33,25}{0,35}=95\left(g/mol\right)\)
=> MR = 24 (Mg)
Bảo toàn C: \(n_{MgCO_3}=0,15\left(mol\right)\)
=> \(\%m_{MgCO_3}=\dfrac{0,15.84}{37,5}.100\%=33,6\%\)
9 tháng 2 2022
Quy đổi X thành \(\left\{{}\begin{matrix}FeO:a\left(mol\right)\\Fe_2O_3:b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
TN1:
\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,02.V_1\left(mol\right)\)
PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O
0,02.V1--->0,02.V1->0,02.V1
CaCO3 + CO2 + H2O --> Ca(HCO3)2
0,03<---0,03<---------------0,03
Ca(HCO3)2 + 2NaOH --> Na2CO3 + CaCO3 + 2H2O
0,03<-----------------------------0,03
=> \(0,02.V_1-0,03=0,05\)
=> V1 = 4 (l)
\(n_{CO_2}=0,02.4+0,03=0,11\left(mol\right)\)
PTHH: FeO + CO --to--> Fe + CO2
a---------------------->a
Fe2O3 + 3CO --to--> 2Fe + 3CO2
b---------------------------->3b
=> a + 3b = 0,11
TN2:
\(n_{Fe_2\left(SO_4\right)_3}=\dfrac{17}{400}=0,0425\left(mol\right)\)
=> a + 2b = 0,0425.2 = 0,085
=> a = 0,035; b = 0,025
m = 0,035.72 + 0,025.160 = 6,52 (g)
PTHH: 2FeO + 4H2SO4 --> Fe2(SO4)3 + SO2 + 4H2O
0,035--------------------------->0,0175
=> V2 = 0,0175.22,4 = 0,392 (l)
TN3:
PTHH: FeO + 2HCl --> FeCl2 + H2O
0,035--------->0,035
Fe2O3 + 6HCl --> 2FeCl3 + 3H2O
0,025-------------->0,05
FeCl2 + 2AgNO3 --> Fe(NO3)2 + 2AgCl
0,035-------------------.0,035------>0,07
FeCl3 + 3AgNO3 --> Fe(NO3)3 + 3AgCl
0,05--------------------------------->0,15
Fe(NO3)2 + AgNO3 --> Fe(NO3)3 + Ag
0,035------------------------------>0,035
=> m1 = 143,5.(0,07 + 0,15) + 108.0,035 = 35,35 (g)
12 tháng 2 2022
Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:2a\left(mol\right)\\K_2SO_4:a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Al^{3+}}=4a\left(mol\right)\\n_{K^+}=2a\left(mol\right)\\n_{SO_4^{2-}}=7a\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ba^{2+}}=x\left(mol\right)\\n_{OH^-}=2x\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
- Nếu Z chứa K2SO4
Ba2+ + SO42- --> BaSO4
x----->x------------>x
Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3
4a-->12a------>4a
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4}=n_{SO_4^{2-}\left(còn\right)}=7a-x=0,02\\n_{OH^-}=12a=2x\end{matrix}\right.\)
=> a = 0,02; x = 0,12
=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,04\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,02\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m1 = 0,02.948 + 0,02.342 = 25,8(g)
m2 = 233.0,12 + 0,08.78 = 34,2 (g)
\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,12\left(mol\right)\)
=> \(V=\dfrac{0,12}{2}=0,06\left(l\right)=60\left(ml\right)\)
- Nếu Z chứa KAlO2
Ba2+ + SO42- --> BaSO4
x----->x---------->x
Al3+ + 3OH- --> Al(OH)3
4a--->12a----->4a
Al(OH)3 + OH- --> AlO2- + 2H2O
(2x-12a)<-(2x-12a)->(2x-12a)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{KAlO_2}=n_{AlO_2^-}=2x-12a=0,02\\n_{KAlO_2}=n_{K^+}=2a=0,02\end{matrix}\right.\)
=> a = 0,01; x = 0,07
=> Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}Al_2\left(SO_4\right)_3:0,02\left(mol\right)\\K_2SO_4:0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> \(\left\{{}\begin{matrix}n_{K_2SO_4.Al_2\left(SO_4\right)_3.24H_2O}=0,01\left(mol\right)\\n_{Al_2\left(SO_4\right)_3}=0,01\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m1 = 0,01.948 + 0,01.342 = 12,9(g)
Kết tủa gồm \(\left\{{}\begin{matrix}BaSO_4:0,07\left(mol\right)\\Al\left(OH\right)_3:0,02\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> m2 = 0,07.233 + 0,02.78 = 17,87 (g)
\(V=\dfrac{0,07}{2}=0,035\left(l\right)=35\left(ml\right)\)
12 tháng 2 2022
mkhí, hơi = 3,552 - 0,96 = 2,592
\(n_{KOH}=\dfrac{1,344.100}{100.56}=0,024\left(mol\right)\)
mdd sau pư = 100 + 2,592 = 102,592 (g)
Gọi công thức của muối cần tìm là KaX
=> \(n_{K_aX}=\dfrac{0,024}{a}\left(mol\right)\)
Có: \(m_{muối}=\dfrac{2,363.102,592}{100}=2,42425\left(g\right)\)
=> \(M_{K_aX}=39a+M_X=\dfrac{2,42425}{\dfrac{0,024}{a}}\left(g/mol\right)\)
=> MX = 62a (g/mol)
Xét a = 1 => MX = 62 (NO3)
Xét a = 2,3 => Loại
\(n_{KNO_3}=0,024\left(mol\right)\)
Gọi CTHH của muối là A(NO3)n.qH2O
Bảo toàn N: \(n.n_{A\left(NO_3\right)n.qH_2O}=0,024\left(mol\right)\)
Bảo toàn A: \(n_{A\left(NO_3\right)_n.qH_2O}=n_{A_xO_y}=\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}\left(mol\right)\)
=> \(n.\dfrac{0,96}{x.M_A+16y}=0,024\)
=> 0,024.x.MA + 0,384y = 0,96n
( Do hóa trị không đổi nên \(n=\dfrac{2y}{x}\))
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=1\) => MA = 12 (Loại)
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=2\) => MA = 64 (Cu)
- Nếu \(n=\dfrac{2y}{x}=3\) => MA = 36 (Loại)
=> CTHH của muối là Cu(NO3)2.qH2O
\(n_{CuO}=\dfrac{0,96}{80}=0,012\left(mol\right)\)
=> \(n_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=0,015\left(mol\right)\)
=> \(M_{Cu\left(NO_3\right)_2.qH_2O}=\dfrac{3,552}{0,012}=296\left(g/mol\right)\)
=> q = 6
=> CTHH: Cu(NO3)2.6H2O
11 tháng 2 2022
Y chứa NaOH, NaAlO2
Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)
TN1:
\(n_{HCl}=0,1.1=0,1\left(mol\right)\)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1<----0,1
=> x = 0,1 (mol)
TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y------>y------------------------>y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
\(\dfrac{0,65-y}{3}\)<-(0,65-y)
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}=y-\dfrac{0,65-y}{3}=\dfrac{4y-0,65}{3}\left(mol\right)\)
TN2: \(n_{HCl}=1.0,45=0,45\left(mol\right)\)
- Nếu kết tủa không bị hòa tan:
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
0,35<--0,35-------------------->0,35
Điều kiện: y \(\ge\) 0,35
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=0,35\left(mol\right)\)
Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)
=> \(0,35=4y-0,65\)
=> y = 0,25 (Loại)
=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y---->y------------------------->y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
\(\dfrac{0,35-y}{3}\)<--(0,35-y)
=> \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=y-\dfrac{0,35-y}{3}=\dfrac{4y-0,35}{3}\left(mol\right)\)
Do \(n_{Al\left(OH\right)_3\left(2\right)}=3.n_{Al\left(OH\right)_3\left(3\right)}\)
=> \(\dfrac{4y-0,35}{3}=4y-0,65\)
=> y = 0,2
Vậy trong Y chứa \(\left\{{}\begin{matrix}NaOH:0,3\left(mol\right)\\NaAlO_2:0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)
Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)
=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)
17 tháng 2 2022
Y chứa NaOH, NaAlO2
Gọi số mol NaOH, NaAlO2 trong mỗi phần là x, y (mol)
TN1:
nHCl=0,1.1=0,1(mol)nHCl=0,1.1=0,1(mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1<----0,1
=> x = 0,1 (mol)
TN3: nHCl = 0,75.1 = 0,75 (mol)
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y------>y------------------------>y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
0,65−y30,65−y3<-(0,65-y)
=> nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)nAl(OH)3(3)=y−0,65−y3=4y−0,653(mol)
TN2: nHCl=1.0,45=0,45(mol)nHCl=1.0,45=0,45(mol)
- Nếu kết tủa không bị hòa tan:
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
0,35<--0,35-------------------->0,35
Điều kiện: y ≥≥ 0,35
=> nAl(OH)3(2)=0,35(mol)nAl(OH)3(2)=0,35(mol)
Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)
=> 0,35=4y−0,650,35=4y−0,65
=> y = 0,25 (Loại)
=> Kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: NaOH + HCl --> NaCl + H2O
0,1--->0,1
NaAlO2 + HCl + H2O --> NaCl + Al(OH)3
y---->y------------------------->y
Al(OH)3 + 3HCl --> AlCl3 + 3H2O
0,35−y30,35−y3<--(0,35-y)
=> nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)nAl(OH)3(2)=y−0,35−y3=4y−0,353(mol)
Do nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)nAl(OH)3(2)=3.nAl(OH)3(3)
=> 4y−0,353=4y−0,654y−0,353=4y−0,65
=> y = 0,2
Vậy trong Y chứa {NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol){NaOH:0,3(mol)NaAlO2:0,6(mol)
Bảo toàn Na: nNa = 0,9 (mol)
Bảo toàn Al: nAl = 0,6 (mol)
=> m = 0,9.23 + 0,6.27 = 36,9 (g)
13 tháng 2 2022
1)
- Dẫn hỗn hợp khí qua dd Ba(OH)2 dư, thu được kết tủa (1) và có khí (2) thoát ra
\(Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+H_2O\)
\(Ba\left(OH\right)_2+SO_2\rightarrow BaSO_3\downarrow+H_2O\)
\(Ba\left(OH\right)_2+SO_3\rightarrow BaSO_4\downarrow+H_2O\)
- Lọc lấy kết tủa (1), hòa tan vào dd HCl dư, thấy có khí thoát ra (3) và chất rắn không tan => Trong hh khí ban đầu có SO3
\(BaCO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+CO_2+H_2O\)
\(BaSO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+SO_2+H_2O\)
- Dẫn khí (2) qua bột CuO đựng trong ống nghiệm, nung nóng, thấy chất rắn màu đen chuyển dần sang đỏ, có giọt nước tạo thành trong ống nghiệm => Trong hh khí ban đầu có H2
\(CuO+H_2\underrightarrow{t^o}Cu+H_2O\)
- Dẫn khí (3) qua dd Br2 dư, thấy dd nhạt màu dần, có khí thoát ra
=> Trong hh ban đầu có SO2 và khí thoát ra là CO2
\(Br_2+SO_2+2H_2O\rightarrow H_2SO_4+2HBr\)
13 tháng 2 2022
2)
Đặt \(n_{CO_2}=\dfrac{V}{22,4}\left(mol\right)=k\left(mol\right)\)
Đặt \(n_{CaCO_3}=\dfrac{m}{100}=n\left(mol\right)\)
- Khi cho k mol khí CO2, thu được n mol CaCO3, kết tủa không bị hòa tan
PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O
k-------->k
=> k = n (1)
- Khi cho 7k mol khí CO2, thu được 3n mol CaCO3, kết tủa bị hòa tan 1 phần
PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O
0,1------>0,1------->0,1
CaCO3 + CO2 + H2O --> Ca(HCO3)2
(7k-0,1)<--(7k-0,1)
=> 0,1 - (7k - 0,1) = 3n
=> 0,2 - 7k = 3n (2)
(1)(2) => k = 0,02; n = 0,02
Vậy m = 100n = 2 (g)
12 tháng 2 2022
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{Ca}=a\left(mol\right)\\n_{CaC_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Bảo toàn Ca: \(a+b=\dfrac{9}{100}=0,09\)
\(n_{CO_2}=\dfrac{1,792}{22,4}=0,08\left(mol\right)\)
Bảo toàn C: \(b=\dfrac{0,08}{2}=0,04\) => a = 0,05
PTHH: Ca + 2H2O --> Ca(OH)2 + H2
0,05----------------------->0,05
CaC2 + 2H2O --> Ca(OH)2 + C2H2
0,04-------------------------->0,04
=> B\(\left\{{}\begin{matrix}C_2H_2:0,04\left(mol\right)\\H_2:0,05\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Hỗn hợp khí F gồm H2, C2H6
Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{H_2\left(F\right)}=x\left(mol\right)\\n_{C_2H_6}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> Sản phẩm cháy gồm \(\left\{{}\begin{matrix}CO_2:2y\left(mol\right)\\H_2O:x+3y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_{CO_2}=n_{CaCO_3}=\dfrac{2}{100}=0,02\left(mol\right)\)
=> 2y = 0,02 => y = 0,01 (mol)
mgiảm = mkt - mCO2 - mH2O
=> 2 - 0,02.44 - 18(x + 0,03) = 0,4
=> x = 0,01 (mol)
=> mF = 0,01.2 + 0,01.30 = 0,32 (g)
Theo ĐLBTKL:
+) mB = mE = 26.0,04 + 2.0,05 = 1,14 (g)
+) mE = mF + mkhí bị dd Br2 hấp thụ
=> mkhí bị dd Br2 hấp thụ = mE - mF = 1,14 - 0,32 = 0,82 (g)
=> m = 0,82 (g)
\(n_{H_2\left(pư\right)}=0,05-0,01=0,04\left(mol\right)\)
Bảo toàn liên kết pi:
\(0,04.2=0,04+n_{Br_2}\)
=> \(n_{Br_2}=0,04\left(mol\right)\)
17 tháng 2 2022
ọi {nCa=a(mol)nCaC2=b(mol){nCa=a(mol)nCaC2=b(mol)
Bảo toàn Ca: a+b=9100=0,09a+b=9100=0,09
nCO2=1,79222,4=0,08(mol)nCO2=1,79222,4=0,08(mol)
Bảo toàn C: b=0,082=0,04b=0,082=0,04 => a = 0,05
PTHH: Ca + 2H2O --> Ca(OH)2 + H2
0,05----------------------->0,05
CaC2 + 2H2O --> Ca(OH)2 + C2H2
0,04-------------------------->0,04
=> B{C2H2:0,04(mol)H2:0,05(mol){C2H2:0,04(mol)H2:0,05(mol)
Hỗn hợp khí F gồm H2, C2H6
Gọi {nH2(F)=x(mol)nC2H6=y(mol){nH2(F)=x(mol)nC2H6=y(mol)
=> Sản phẩm cháy gồm {CO2:2y(mol)H2O:x+3y(mol){CO2:2y(mol)H2O:x+3y(mol)
nCO2=nCaCO3=2100=0,02(mol)nCO2=nCaCO3=2100=0,02(mol)
=> 2y = 0,02 => y = 0,01 (mol)
mgiảm = mkt - mCO2 - mH2O
=> 2 - 0,02.44 - 18(x + 0,03) = 0,4
=> x = 0,01 (mol)
=> mF = 0,01.2 + 0,01.30 = 0,32 (g)
Theo ĐLBTKL:
+) mB = mE = 26.0,04 + 2.0,05 = 1,14 (g)
+) mE = mF + mkhí bị dd Br2 hấp thụ
=> mkhí bị dd Br2 hấp thụ = mE - mF = 1,14 - 0,32 = 0,82 (g)
=> m = 0,82 (g)
nH2(pư)=0,05−0,01=0,04(mol)nH2(pư)=0,05−0,01=0,04(mol)
Bảo toàn liên kết pi:
0,04.2=0,04+nBr20,04.2=0,04+nBr2
=> nBr2=0,04(mol)
MN
1
17 tháng 2 2022
\(n_{Br_2}=\dfrac{8}{160}=0,05\left(mol\right)\)
PTHH: C2H4 + Br2 --> C2H4Br2
0,05<--0,05
=> \(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,05.22,4}{2,24}.100\%=50\%\)
=> \(\%V_{CH_4}=100\%-50\%=50\%\)
1)
- Hòa tan hh vào nước, thu được dd (gồm NaOH, Ba(OH)2) và chất rắn không tan là Mg
\(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)
\(Ba+2H_2O\rightarrow Ba\left(OH\right)_2+H_2\)
- Cho CO2 dư tác dụng với dd thu được. Đun nóng dd sau pư thu được kết tủa trắng (1) và dung dịch (2)
\(Ba\left(OH\right)_2+2CO_2\rightarrow Ba\left(HCO_3\right)_2\)
\(NaOH+CO_2\rightarrow NaHCO_3\)
\(Ba\left(HCO_3\right)_2\underrightarrow{t^o}BaCO_3\downarrow+CO_2+H_2O\)
\(2NaHCO_3\rightarrow Na_2CO_3+CO_2+H_2O\)
- Cho kết tủa trắng (1) tác dụng với dd HCl dư, cô cạn dd thu được chất rắn là BaCl2, điện phân nóng chảy BaCl2 thu được Ba
\(BaCO_3+2HCl\rightarrow BaCl_2+CO_2+H_2O\)
\(BaCl_2\underrightarrow{đpnc}Ba+Cl_2\)
- Cho dung dịch (2) tác dụng với dd HCl dư, cô cạn dd thu được chất rắn là NaCl, điện phân nóng chảy NaCl thu được Na
\(Na_2CO_3+2HCl\rightarrow2NaCl+CO_2+H_2O\)
\(2NaCl\underrightarrow{đpnc}2Na+Cl_2\)
2)
Gọi số mol Fe, Mg là a, b (mol)
PTHH: Fe + 2HCl --> FeCl2 + H2
Mg + 2HCl --> MgCl2 + H2
nHCl = 2a + 2b (mol)
=> mHCl = 73a + 73b (g)
=> \(m_{ddHCl}=\dfrac{\left(73a+73b\right)100}{20}=365a+365b\left(g\right)\)
\(n_{H_2}=a+b\left(mol\right)\)
=> \(m_{H_2}=2a+2b\left(g\right)\)
mdd sau pư = (56a + 24b) + (365a + 365b) - (2a + 2b)
= 419a + 387b (g)
=> \(C\%_{MgCl_2}=\dfrac{95b}{419a+387b}.100\%=11,787\%\)
=> a = b
=> \(C\%_{FeCl_2}=\dfrac{127a}{419a+387b}.100\%=15,757\%\)