Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
nCO2= 2,464/22,4= 0,11(mol)
a) PTHH: KOH + CO2 -> KHCO3
nKHCO3=nKOH= nCO2 = 0,11(mol) => VddKOH(min)= 0,11/1,5=11/150(l)\(\approx\)0,073(l)
b) 2 KOH + CO2 -> K2CO3 + H2O
nKOH=2.nCO2= 0,22(mol)
=> VddKOH(max)= 0,22/1.5= 11/75(l)\(\approx\) 0,147(l)
c) 2 KOH + CO2 -> K2CO3 + H2O
x__________0,5x__0,5x(mol)
KOH + CO2 -> KHCO3
y___y___________y(mol)
Ta có:
nCO2(tổng)=0,11 <=> 0,5x+y=0,11 (a)
Mặt khác: m(muối)= 13,85
<=> mK2CO3+mKHCO3=13,85
<=> 138.0,5x+100.y=13,85
<=> 79x+100y=13,85 (b)
Từ (a), (b), ta được hpt:
\(\left\{{}\begin{matrix}0,5x+y=0,11\\79x+100y=13,85\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=\frac{57}{580}\\y=\frac{353}{5800}\end{matrix}\right.\)
=> \(V_{ddKOH}=\frac{\frac{57}{580}+\frac{353}{5800}}{1,5}\approx0,106\left(l\right)\)
Ủa sao mình thấy bạn copy hơi nhiều luôn ấy , hết box Hóa rồi sang box Toán ? Bộ bạn chưa đọc thông báo khi tuyển CTV hả ?
Do thu được hỗn hợp muối ⇒ X chứa cả Na2CO3 và NaHCO3 với số mol a và b.
⇒ ∑nC = a + b = nCO2 + nNa2CO3 = 0,23 mol || mmuối = 106a + 84b = 19,98(g).
► Giải hệ cho: a = 0,03 mol; b = 0,2 mol. Bảo toàn nguyên tố Natri:
nNaOH = 0,03 × 2 + 0,2 – 0,08 × 2 = 0,1 mol ||⇒ x = 0,1 ÷ 0,2 = 0,05M
#TK
Hỗn hợp khí ban đầu có thể tích 3,36l CO2 và SO2.
=> Quy về RO2 => nRO2=0,15(mol)
Vì X có thể hấp thụ CO2 => X có cả HRO3- và RO32-
=> Quy đổi: nRO2(tổng)=0,15+0,1=0,25(mol)
RO2 + NaOH -> NaHRO3 (Số mol 1:1 thì khả năng hấp thụ tối đa RO2)
nNaOH=nRO2=0,25(mol)
=> 0,25=0,5a
<=>a=0,5
Gọi công thức SO_2; CO_2 là: RO_2
RO_2+NaOH\rightarrow NaHCO_3
n_{hh}+n_{CO_2}=0,15+0,1=0,25(mol)
n_{NaOH}=n_{RO_2}=0,25mol
CM_{NaOH}=\frac{0,25}{0,5}=0,5M
PT: \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)
\(2C_2H_2+5O_2\underrightarrow{t^o}4CO_2+2H_2O\)
a, Giả sử: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=x\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow x+y=\dfrac{22,4}{22,4}=1\left(mol\right)\left(1\right)\)
Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{35,84}{22,4}=1,6\left(mol\right)\)
Theo PT: \(\Sigma n_{CO_2}=n_{CH_4}+2n_{C_2H_2}\)
\(\Rightarrow x+2y=1,6\left(2\right)\)
Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,4\left(mol\right)\\y=0,6\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,4}{1}.100\%=40\%\\\text{ }\%V_{C_2H_2}=60\%\end{matrix}\right.\)
b, Theo PT: \(\Sigma n_{O_2}=2n_{CH_4}+\dfrac{5}{2}n_{C_2H_2}=2,3\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow m_{O_2}=2,3.32=73,6\left(g\right)\)
c, PT: \(CO_2+2NaOH\rightarrow Na_2CO_3+H_2O\)
Theo PT: \(n_{Na_2CO_3}=n_{CO_2}=1,6\left(mol\right)\)
\(\Rightarrow C_{M_{Na_2CO_3}}=\dfrac{1,6}{0,8}=2M\)
Bạn tham khảo nhé!
\(n_{KOH}=0.2\cdot1=0.2\left(mol\right)\)
TH1 : Chỉ tạo ra muối K2CO3
\(n_{K_2CO_3}=\dfrac{19.9}{138}=0.144\left(mol\right)\)
\(n_{KOH}< 2n_{K_2CO_3}=0.288\)
=> Loại
TH2 : Tạo ra cả 2 muối
\(n_{K_2CO_3}=a\left(mol\right),n_{KHCO_3}=b\left(mol\right)\)
\(m_{Muối}=138a+100b=19.9\left(g\right)\)
Bảo toàn nguyên tố K :
\(2a+b=0.2\left(2\right)\)
\(\left(1\right),\left(2\right):a=\dfrac{1}{620},b=\dfrac{61}{310}\)
\(n_{SO_2}=\dfrac{1}{620}+\dfrac{61}{310}=\dfrac{123}{620}=0.2\left(mol\right)\)
\(n_{KOH}=0,2\left(mol\right)\)
Do hấp thụ hết SO2 nên không có SO2 dư, vậy ta có 2 trường hợp sau
TH1: KOH dư
\(n_{muối}=n_{K_2SO_3}=0,125\left(mol\right)\)
=> \(n_{KOH}=0,25>n_{KOH\left(bđ\right)}\) (loại)
TH2: Tạo 2 muối
Gọi x,y lần lượt là số mol KHSO3 và K2SO3
\(\left\{{}\begin{matrix}x+2y=0,2\\120x+158y=19,9\end{matrix}\right.\)
=>x=0,1, y=0,05
Bảo toàn nguyên tố S: \(n_{SO_2}=n_{KHSO_3}+n_{K_2SO_3}=0,15\left(mol\right)\)
Ba(OH)2 + CO2 -> BaCO3 + H2O (1)
nBa(OH)2=0,08(mol)
Nếu CO2 dư thì sau khi cô cạn dd sẽ thu dc 0,08.197=15,76(g)>14,98 nên sau PƯ còn Ba(OH)2 dư.
Đặt nCO2=a
Ta có:
mrắn=mmuối + mBazo dư=197a+171(0,08-a)=14,98
=>a=0,05
VCO2=0,05.22,4=1,12(lít)
%VCO2=\(\dfrac{1,12}{2}.100\%=56\%\)
nếu CO2 dư, thì CO2 pứ với BaCO3 sẽ hòa tan kết tủa chứ
@Trần Hữu Tuyển
Quy đổi hỗn hợp \(X+O_2\rightarrow Z\) chứa \(Na_2O\) và \(CaO\)
Bảo toàn electron \(\rightarrow2n_{Na}+n_{Ca}=2n_O=2n_{H_2}=0,125\left(mol\right)\)
\(\rightarrow m_Z=25,65+0,125.16=27,65\left(g\right)\)
Có: \(n_{NaOH}=2n_{Na_2O}\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{Na_2O}=0,175\left(mol\right)\\n_{CaO}=\frac{27,65-0,175.62}{56}=0,3\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
Vậy dung dịch Y chứa \(Ca\left(OH\right)_2:0,3\left(mol\right);NaOH:0,35\left(mol\right)\)
Nhận thấy \(1< \frac{n_{OH}}{n_{CO_2}}=\frac{0,95}{0,75}< 2\)
\(\rightarrow\) Hình thành đồng thời 2 muối \(CO_3^{2-}:x\left(mol\right);HCO_3^-:y\left(mol\right)\)
Ta có hệ \(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,75\\2x+y=0,95\end{matrix}\right.\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,55\end{matrix}\right.\)
Vì \(n_{CO_3^{2-}}< n_{Ca^{2+}}\rightarrow m_{CaCO_3}:0,2\left(mol\right)\rightarrow m=20\left(g\right)\)
\(H_2S+2KOH->K_2S+2H_2O\\ CO_2+2KOH->K_2CO_3+H_2O\\ V_{KOH\left(min\right)}=\dfrac{\dfrac{4,48}{22,4}\cdot2}{1}=0,4\left(L\right)=400\left(mL\right)\)